一、选择题（本题共32分，每小题4分。下列各题均有四个选项，其中只有一个是符合题意的。

1．（4分）（2013•北京）在《关于促进城市南部地区加快发展第二阶段行动计划（2013﹣2015）》中，北京市提出了共计约3960亿元的投资计划，将3960用科学记数法表示应为（　　）

A． 39.6×102 B． 3.96×103 C． 3.96×104 D． 0.396×104

考点： 科学记数法—表示较大的数．

分析： 科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．

解答： 解：将3960用科学记数法表示为3.96×103．

故选B．

点评： 此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．

2．（4分）（2013•北京）﹣的倒数是（　　）

A． B． C． ﹣ D． ﹣

考点： 倒数．

分析： 根据倒数的定义：若两个数的乘积是1，我们就称这两个数互为倒数．

解答： 解：∵（﹣）×（﹣）=1，

∴﹣的倒数是﹣．

故选D．

点评： 本题主要考查倒数的定义，要求熟练掌握．需要注意的是：

倒数的性质：负数的倒数还是负数，正数的倒数是正数，0没有倒数．

倒数的定义：若两个数的乘积是1，我们就称这两个数互为倒数．

3．（4分）（2013•北京）在一个不透明的口袋中装有5个完全相同的小球，把它们分别标号为1，2，3，4，5，从中随机摸出一个小球，其标号大于2的概率为（　　）

A． B． C． D．

考点： 概率公式．

分析： 根据随机事件概率大小的求法，找准两点：①符合条件的情况数目，②全部情况的总数，二者的比值就是其发生的概率的大小．

解答： 解：根据题意可得：大于2的有3，4，5三个球，共5个球，

任意摸出1个，摸到大于2的概率是．

故选C．

点评： 本题考查概率的求法与运用，一般方法：如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=，难度适中．

4．（4分）（2013•北京）如图，直线a，b被直线c所截，a∥b，∠1=∠2，若∠3=40°，则∠4等于（　　）

A． 40° B． 50° C． 70° D． 80°

考点： 平行线的性质．

分析： 根据平角的定义求出∠1，再根据两直线平行，内错角相等解答．

解答： 解：∵∠1=∠2，∠3=40°，

∴∠1=（180°﹣∠3）=（180°﹣40°）=70°，

∵a∥b，

∴∠4=∠1=70°．

故选C．

点评： 本题考查了平行线的性质，平角等于180°，熟记性质并求出∠1是解题的关键．

5．（4分）（2013•北京）如图，为估算某河的宽度，在河对岸选定一个目标点A，在近岸取点B，C，D，使得AB⊥BC，CD⊥BC，点E在BC上，并且点A，E，D在同一条直线上．若测得BE=20m，CE=10m，CD=20m，则河的宽度AB等于（　　）

A． 60m B． 40m C． 30m D． 20m

考点： 相似三角形的应用．

分析： 由两角对应相等可得△BAE∽△CDE，利用对应边成比例可得两岸间的大致距离AB．

解答： 解：∵AB⊥BC，CD⊥BC，

∴△BAE∽△CDE，

∴

∵BE=20m，CE=10m，CD=20m，

∴

解得：AB=40，

故选B．

点评： 考查相似三角形的应用；用到的知识点为：两角对应相等的两三角形相似；相似三角形的对应边成比例．

6．（4分）（2013•北京）下列图形中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（　　）

A． B． C． D．

考点： 中心对称图形；轴对称图形

分析： 根据轴对称图形的概念先求出图形中轴对称图形，再根据中心对称图形的概念得出其中不是中心对称的图形．

解答： 解：A、不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项正确；

B、是轴对称图形，也是中心对称图形，故本选项错误；

C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；

D、不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项错误．

故选：A．

点评： 本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．

轴对称图形：如果一个图形沿着一条直线对折后两部分完全重合，这样的图形叫做轴对称图形；

中心对称图形：在同一平面内，如果把一个图形绕某一点旋转180°，旋转后的图形能和原图形完全重合，那么这个图形就叫做中心对称图形．

7．（4分）（2013•北京）某中学随机地调查了50名学生，了解他们一周在校的体育锻炼时间，结果如下表所示：

则这50名学生这一周在校的平均体育锻炼时间是（　　）

A． 6.2小时 B． 6.4小时 C． 6.5小时 D． 7小时

考点： 加权平均数．

分析： 根据加权平均数的计算公式列出算式（5×10+6×15+7×20+8×5）÷50，再进行计算即可．

解答： 解：根据题意得：

（5×10+6×15+7×20+8×5）÷50

=（50+90+140+40）÷50

=320÷50

=6.4（小时）．

故这50名学生这一周在校的平均体育锻炼时间是6.4小时．

故选B．

点评： 此题考查了加权平均数，用到的知识点是加权平均数的计算公式，根据加权平均数的计算公式列出算式是解题的关键．

8．（4分）（2013•北京）如图，点P是以O为圆心，AB为直径的半圆上的动点，AB=2．设弦AP的长为x，△APO的面积为y，则下列图象中，能表示y与x的函数关系的图象大致是（　　）

A． B． C． D．

考点： 动点问题的函数图象．

分析： 作OC⊥AP，根据垂径定理得AC=AP=x，再根据勾股定理可计算出OC=，然后根据三角形面积公式得到S=x•（0≤x≤2），再根据解析式对四个图形进行判断．

解答： 解：作OC⊥AP，如图，则AC=AP=x，

在Rt△AOC中，OA=1，OC===，

所以S=OC•AP=x•（0≤x≤2），

所以y与x的函数关系的图象为A．

故选A．

点评： 本题考查了动点问题的函数图象：先根据几何性质得到与动点有关的两变量之间的函数关系，然后利用函数解析式和函数性质画出其函数图象，注意自变量的取值范围．

二、填空题（本题共16分，每小题4分）

9．（4分）（2013•北京）分解因式：ab2﹣4ab+4a=　a（b﹣2）2　．

考点： 提公因式法与公式法的综合运用．

专题： 因式分解．

分析： 先提取公因式a，再根据完全平方公式进行二次分解．完全平方公式：a2﹣2ab+b2=（a﹣b）2．

解答： 解：ab2﹣4ab+4a

=a（b2﹣4b+4）﹣﹣（提取公因式）

=a（b﹣2）2．﹣﹣（完全平方公式）

故答案为：a（b﹣2）2．

点评： 本题考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用完全平方公式进行二次分解，注意分解要彻底．

10．（4分）（2013•北京）请写出一个开口向上，并且与y轴交于点（0，1）的抛物线的解析式，y=　x2+1（答案不唯一）　．

考点： 二次函数的性质

专题： 开放型．

分析： 根据二次函数的性质，开口向上，要求a值大于0即可．

解答： 解：抛物线y=x2+1开口向上，且与y轴的交点为（0，1）．

故答案为：x2+1（答案不唯一）．

点评： 本题考查了二次函数的性质，开放型题目，答案不唯一，所写抛物线的a值必须大于0．

11．（4分）（2013•北京）如图，O是矩形ABCD的对角线AC的中点，M是AD的中点．若AB=5，AD=12，则四边形ABOM的周长为　20　．

考点： 矩形的性质；三角形中位线定理．

分析： 根据题意可知OM是△ADC的中位线，所以OM的长可求；根据勾股定理可求出AC的长，利用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可求出BO的长，进而求出四边形ABOM的周长．

解答： 解：∵O是矩形ABCD的对角线AC的中点，M是AD的中点，

∴OM=CD=AB=2.5，

∵AB=5，AD=12，

∴AC==13，

∵O是矩形ABCD的对角线AC的中点，

∴BO=AC=6.5，

∴四边形ABOM的周长为AB+AM+BO+OM=5+6+6.5+2.5=20，

故答案为20．

点评： 本题考查了矩形的性质、三角形的中位线的性质以及直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半着一性质，题目的综合性很好，难度不大．

12．（4分）（2013•北京）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知直线l：y=﹣x﹣1，双曲线y=，在l上取一点A1，过A1作x轴的垂线交双曲线于点B1，过B1作y轴的垂线交l于点A2，请继续操作并探究：过A2作x轴的垂线交双曲线于点B2，过B2作y轴的垂线交l于点A3，…，这样依次得到l上的点A1，A2，A3，…，An，…记点An的横坐标为an，若a1=2，则a2=　﹣　，a2013=　﹣　；若要将上述操作无限次地进行下去，则a1不可能取的值是　0、﹣1　．

考点： 反比例函数综合题．

专题： 探究型．

分析： 求出a2，a3，a4，a5的值，可发现规律，继而得出a2013的值，根据题意可得A1不能在x轴上，也不能在y轴上，从而可得出a1不可能取的值．

解答： 解：当a1=2时，B1的纵坐标为，

B1的纵坐标和A2的纵坐标相同，则A2的横坐标为a2=﹣，

A2的横坐标和B2的横坐标相同，则B2的纵坐标为b2=﹣，

B2的纵坐标和A3的纵坐标相同，则A3的横坐标为a3=﹣，

A3的横坐标和B3的横坐标相同，则B3的纵坐标为b3=﹣3，

B3的纵坐标和A4的纵坐标相同，则A4的横坐标为a4=2，

A4的横坐标和B4的横坐标相同，则B4的纵坐标为b4=，

即当a1=2时，a2=﹣，a3=﹣，a4=2，a5=﹣，

b1=，b2=﹣，b3=﹣3，b4=，a5=﹣，

∵=671，

∴a2013=a3=﹣；

点A1不能在y轴上（此时找不到B1），即x≠0，

点A1不能在x轴上（此时A2，在y轴上，找不到B2），即y=﹣x﹣1≠0，

解得：x≠﹣1；

综上可得a1不可取0、﹣1．

故答案为：﹣、﹣；0、﹣1．

点评： 本题考查了反比例函数的综合，涉及了点的规律变化，解答此类题目一定要先计算出前面几个点的坐标，由特殊到一般进行规律的总结，难度较大．

三、解答题（本题共30分，每小题5分）

13．（5分）（2013•北京）已知：如图，D是AC上一点，AB=DA，DE∥AB，∠B=∠DAE．

求证：BC=AE．

考点： 全等三角形的判定与性质．

专题： 证明题．

分析： 根据两直线平行，内错角相等求出∠CAB=∠ADE，然后利用“角边角”证明△ABC和△DAE全等，再根据全等三角形对应边相等证明即可．

解答： 证明：∵DE∥AB，

∴∠CAB=∠ADE，

∵在△ABC和△DAE中，

，

∴△ABC≌△DAE（ASA），

∴BC=AE．

点评： 本题考查了全等三角形的判定与性质，平行线的性质，利用三角形全等证明边相等是常用的方法之一，要熟练掌握并灵活运用．

14．（5分）（2013•北京）计算：（1﹣）0+|﹣|﹣2cos45°+（）﹣1．

考点： 实数的运算；零指数幂；负整数指数幂；特殊角的三角函数值．

分析： 分别进行零指数幂、绝对值、特殊角的三角函数值、负整数指数幂等运算，然后按照实数的运算法则计算即可．

解答： 解：原式=1+﹣2×+4

=5．

点评： 本题考查了实数的运算，涉及了零指数幂、绝对值、负整数指数幂及特殊角的三角函数值，属于基础题，注意各部分的运算法则．

15．（5分）（2013•北京）解不等式组：．

考点： 解一元一次不等式组

专题： 计算题．

分析： 先求出两个不等式的解集，再求其公共解．

解答： 解：，

解不等式①得，x＞﹣1，

解不等式②得，x＜，

所以，不等式组的解集是﹣1＜x＜．

点评： 本题主要考查了一元一次不等式组解集的求法，其简便求法就是用口诀求解．求不等式组解集的口诀：同大取大，同小取小，大小小大中间找，大大小小找不到（无解）．

16．（5分）（2013•北京）已知x2﹣4x﹣1=0，求代数式（2x﹣3）2﹣（x+y）（x﹣y）﹣y2的值．

考点： 整式的混合运算—化简求值．

专题： 计算题．

分析： 所求式子第一项利用完全平方公式展开，第二项利用平方差公式化简，去括号合并得到最简结果，将已知方程变形后代入计算即可求出值．

解答： 解：原式=4x2﹣12x+9﹣x2+y2﹣y2

=3x2﹣12x+9

=3（x2﹣4x+3），

∵x2﹣4x﹣1=0，即x2﹣4x=1，

∴原式=12．

点评： 此题考查了整式的混合运算﹣化简求值，涉及的知识有：完全平方公式，平方差公式，去括号法则，以及合并同类项法则，熟练掌握公式及法则是解本题的关键．

17．（5分）（2013•北京）列方程或方程组解应用题：

某园林队计划由6名工人对180平方米的区域进行绿化，由于施工时增加了2名工人，结果比计划提前3小时完成任务，若每人每小时绿化面积相同，求每人每小时的绿化面积．

考点： 分式方程的应用．

分析： 设每人每小时的绿化面积x平方米，根据增加2人后完成的时间比原来的时间少3小时为等量关系建立方程求出其解即可．

解答： 解：设每人每小时的绿化面积x平方米，由题意，得

，

解得：x=2.5．

经检验，x=2.5是原方程的解，且符合题意．

答：每人每小时的绿化面积2.5平方米．

点评： 本题考查了列分式方程解实际问题的运用，分式方程的解法的运用，解答时验根是必须的过程，学生容易忘记，解答本题时根据增加2人后完成的时间比原来的时间少3小时为等量关系建立方程是关键．

18．（5分）（2013•北京）已知关于x的一元二次方程x2+2x+2k﹣4=0有两个不相等的实数根．

（1）求k的取值范围；

（2）若k为正整数，且该方程的根都是整数，求k的值．

考点： 根的判别式；一元二次方程的解；解一元二次方程-公式法．

专题： 计算题．

分析： （1）根据方程有两个不相等的实数根，得到根的判别式的值大于0列出关于k的不等式，求出不等式的解集即可得到k的范围；

（2）找出k范围中的整数解确定出k的值，经检验即可得到满足题意k的值．

解答： 解：（1）根据题意得：△=4﹣4（2k﹣4）=20﹣8k＞0，

解得：k＜；

（2）由k为整数，得到k=1或2，

利用求根公式表示出方程的解为x=﹣1±，

∵方程的解为整数，

∴5﹣2k为完全平方数，

则k的值为2．

点评： 此题考查了根的判别式，一元二次方程的解，以及公式法解一元二次方程，弄清题意是解本题的关键．

四、解答题（本题共20分，每小题5分）

19．（5分）（2013•北京）如图，在▱ABCD中，F是AD的中点，延长BC到点E，使CE=BC，连接DE，CF．

（1）求证：四边形CEDF是平行四边形；

（2）若AB=4，AD=6，∠B=60°，求DE的长．

考点： 平行四边形的判定与性质；含30度角的直角三角形；勾股定理

分析： （1）由“平行四边形的对边平行且相等”的性质推知AD∥BC，且AD=BC；然后根据中点的定义、结合已知条件推知四边形CEDF的对边平行且相等（DF=CE，且DF∥CE），即四边形CEDF是平行四边形；

（2）如图，如图，过点D作DH⊥BE于点H，构造含30度角的直角△DCH和直角△DHE．通过解直角△DCH和在直角△DHE中运用勾股定理来求线段ED的长度．

解答： （1）证明：在▱ABCD中，AD∥BC，且AD=BC．

∵F是AD的中点，

∴DF=．

又∵CE=BC，

∴DF=CE，且DF∥CE，

∴四边形CEDF是平行四边形；

（2）解：如图，过点D作DH⊥BE于点H．

在▱ABCD中，∵∠B=60°，

∴∠DCE=60°．

∵AB=4，

∴CD=AB=4，

∴CH=2，DH=2．

在▱CEDF中，CE=DF=AD=3，则EH=1．

∴在Rt△DHE中，根据勾股定理知DE==．

点评： 本题考查了平行四边形的判定与性质、勾股定理．平行四边形的判定方法共有五种，应用时要认真领会它们之间的联系与区别，同时要根据条件合理、灵活地选择方法．

20．（5分）（2013•北京）如图AB是⊙O的直径，PA，PC与⊙O分别相切于点A，C，PC交AB的延长线于点D，DE⊥PO交PO的延长线于点E．

（1）求证：∠EPD=∠EDO；

（2）若PC=6，tan∠PDA=，求OE的长．

考点： 切线的性质；相似三角形的判定与性质．

分析： （1）根据切线长定理和切线的性质即可证明：∠EPD=∠EDO；

（2）连接OC，利用tan∠PDA=，可求出CD=4，再证明△OED∽△DEP，根据相似三角形的性质和勾股定理即可求出OE的长．

解答： （1）证明：PA，PC与⊙O分别相切于点A，C，

∴∠APO=∠EPD且PA⊥AO，

∴∠PAO=90°，

∵∠AOP=∠EOD，∠PAO=∠E=90°，

∴∠APO=∠EDO，

∴∠EPD=∠EDO；

（2）解：连接OC，

∴PA=PC=6，

∵tan∠PDA=，

∴在Rt△PAD中，AD=8，PD=10，

∴CD=4，

∵tan∠PDA=，

∴在Rt△OCD中，OC=OA=3，OD=5，

∵∠EPD=∠DEP，

∴△OED∽△DEP，

∴，

在Rt△OED中，OE2+DE2=52，

∴OE=．

点评： 本题综合考查了切线长定理，相似三角形的性质和判定，勾股定理的应用，能综合运用性质进行推理和计算是解此题的关键，通过做此题培养了学生的分析问题和解决问题的能力．

21．（5分）（2013•北京）第九届中国国际园林博览会（园博会）已于2013年5月18日在北京开幕，以下是根据近几届园博会的相关数据绘制的统计图的一部分．

（1）第九届园博会的植物花园区由五个花园组成，其中月季园面积为0.04平方千米，牡丹园面积为　0.03　平方千米；

（2）第九届园博会会园区陆地面积是植物花园区总面积的18倍，水面面积是第七、八界园博会的水面面积之和，请根据上述信息补全条形统计图，并标明相应数据；

（3）小娜收集了几届园博会的相关信息（如下表），发现园博会园区周边设置的停车位数量与日均接待游客量和单日最多接待游客量中的某个量近似成正比例关系．根据小娜的发现，请估计，将于2015年举办的第十届园博会大约需要设置的停车位数量（直接写出结果，精确到百位）．

第七届至第十届园博会游客量和停车位数量统计表：

考点： 条形统计图；用样本估计总体；统计表；扇形统计图．

分析： （1）根据月季园和牡丹园所占的比例求出牡丹园的面积即可；

（2）先算出植物花园的总面积，然后可求出第九届园博会会园区陆地面积，根据图象求出第七、八界园博会的水面面积之和，补全条形统计图即可；

（3）根据图表所给的信息，求出停车位数量与单日最多接待游客量成正比例关系，算出比值，求出大约需要设置的停车位数量．

解答： 解：（1）∵月季园面积为0.04平方千米，月季园所占比例为20%，

则牡丹园的面积为：15%×=0.03（平方千米）；

（2）植物花园的总面积为：0.04÷20%=0.2（平方千米），则第九届园博会会园区陆地面积为：0.2×18=3.6（平方千米），第七、八界园博会的水面面积之和=1+0.5=1.5（平方千米），则水面面积为1.5平方千米，

如图：

；

（3）由图标可得，停车位数量与单日最多接待游客量成正比例关系，比值约为500，则第十届园博会大约需要设置的停车位数量约为：500×7.4≈3700．

故答案为：0.03；3700．

点评： 本题考查了条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．

22．（5分）（2013•北京）阅读下面材料：

小明遇到这样一个问题：如图1，在边长为a（a＞2）的正方形ABCD各边上分别截取AE=BF=CG=DH=1，当∠AFQ=∠BGM=∠GHN=∠DEP=45°时，求正方形MNPQ的面积．

小明发现，分别延长QE，MF，NG，PH交FA，GB，HC，ED的延长线于点R，S，T，W，可得△RQF，△SMG，△TNH，△WPE是四个全等的等腰直角三角形（如图2）

请回答：

（1）若将上述四个等腰直角三角形拼成一个新的正方形（无缝隙不重叠），则这个新正方形的边长为　a2　；

（2）求正方形MNPQ的面积．

（3）参考小明思考问题的方法，解决问题：

如图3，在等边△ABC各边上分别截取AD=BE=CF，再分别过点D，E，F作BC，AC，AB的垂线，得到等边△RPQ．若S△RPQ=，则AD的长为　　．

考点： 四边形综合题

分析： （1）四个等腰直角三角形的斜边长为a，其拼成的正方形面积为a2；

（2）如题图2所示，正方形MNPQ的面积等于四个虚线小等腰直角三角形的面积之和，据此求出正方形MNPQ的面积；

（3）参照小明的解题思路，对问题做同样的等积变换．如答图1所示，三个等腰三角形△RSF，△QEF，△PDW的面积和等于等边三角形△ABC的面积，故阴影三角形△PQR的面积等于三个虚线等腰三角形的面积之和．据此列方程求出AD的长度．

解答： 解：（1）四个等腰直角三角形的斜边长为a，则斜边上的高为a，

每个等腰直角三角形的面积为：a•a=a2，

则拼成的新正方形面积为：4×a2=a2，即与原正方形ABCD面积相等．

故填空答案为：a2．

（2）∵四个等腰直角三角形的面积和为a2，正方形ABCD的面积为a2，

∴S正方形MNPQ=S△ARE+S△DWH+S△GCT+S△SBF=4S△ARE=4××12=2．

（3）如答图1所示，分别延长RD，QF，PE交FA，EC，DB的延长线于点S，T，W．

由题意易得：△RSF，△QEF，△PDW均为底角是30°的等腰三角形，其底边长均等于△ABC的边长．

不妨设等边三角形边长为a，则SF=AC=a．

如答图2所示，过点R作RM⊥SF于点M，则MF=SF=a，

在Rt△RMF中，RM=MF•tan30°=a×=a，

∴S△RSF=a•a=a2．

过点A作AN⊥SD于点N，设AD=AS=x，同理可求得：S△ADS=x2．

∵三个等腰三角形△RSF，△QEF，△PDW的面积和=3S△RSF=3×a2=a2，

正△ABC的面积为a2，

∴S△RPQ=S△ADS+S△CFT+S△BEW=3S△ADS，

∴=3×x2，解得x=或x=（不合题意，舍去）

∴x=，即AD的长为．

故填空答案为：．

点评： 本题考查了几何图形的等积变换，涉及正方形、等腰直角三角形、等腰三角形、正三角形、解直角三角形等多个知识点，是一道好题．通过本题我们可以体会到，运用等积变换的数学思想，不仅简化了几何计算，而且形象直观，易于理解，体现了数学的魅力．

五、解答题（本题共22分，第23题7分，第24题7分，第25题8分）

23．（7分）（2013•北京）在平面直角坐标系xOy中，抛物线y=mx2﹣2mx﹣2（m≠0）与y轴交于点A，其对称轴与x轴交于点B．

（1）求点A，B的坐标；

（2）设直线l与直线AB关于该抛物线的对称轴对称，求直线l的解析式；

（3）若该抛物线在﹣2＜x＜﹣1这一段位于直线l的上方，并且在2＜x＜3这一段位于直线AB的下方，求该抛物线的解析式．

考点： 二次函数的性质；一次函数图象与几何变换；二次函数图象上点的坐标特征．

分析： （1）令x=0求出y的值，即可得到点A的坐标，求出对称轴解析式，即可得到点B的坐标；

（2）求出点A关于对称轴的对称点（2，﹣2），然后设直线l的解析式为y=kx+b（k≠0），利用待定系数法求一次函数解析式解答即可；

（3）根据二次函数的对称性判断在2＜x＜3这一段与在﹣1＜x＜0这一段关于对称轴对称，然后判断出抛物线与直线l的交点的横坐标为﹣1，代入直线l求出交点坐标，然后代入抛物线求出m的值即可得到抛物线解析式．

解答： 解：（1）当x=0时，y=﹣2，

∴A（0，﹣2），

抛物线的对称轴为直线x=﹣=1，

∴B（1，0）；

（2）易得A点关于对称轴直线x=1的对称点A′（2，﹣2），

则直线l经过A′、B，

设直线l的解析式为y=kx+b（k≠0），

则，

解得，

所以，直线l的解析式为y=﹣2x+2；

（3）∵抛物线的对称轴为直线x=1，

∴抛物线在2＜x＜3这一段与在﹣1＜x＜0这一段关于对称轴对称，

结合图象可以观察到抛物线在﹣2＜x＜﹣1这一段位于直线l的上方，在﹣1＜x＜0这一段位于直线l的下方，

∴抛物线与直线l的交点的横坐标为﹣1，

当x=﹣1时，y=﹣2×（﹣1）+2=4，

所以，抛物线过点（﹣1，4），

当x=﹣1时，m+2m﹣2=4，

解得m=2，

∴抛物线的解析式为y=2x2﹣4x﹣2．

点评： 本题考查了二次函数的性质，一次函数图象与几何变换，二次函数图象上点的坐标特征，第（3）小题较难，根据二次函数的对称性求出抛物线经过的点（﹣1，4）是解题的关键．

24．（7分）（2013•北京）在△ABC中，AB=AC，∠BAC=α（0°＜α＜60°），将线段BC绕点B逆时针旋转60°得到线段BD．

（1）如图1，直接写出∠ABD的大小（用含α的式子表示）；

（2）如图2，∠BCE=150°，∠ABE=60°，判断△ABE的形状并加以证明；

（3）在（2）的条件下，连接DE，若∠DEC=45°，求α的值．

考点： 全等三角形的判定与性质；等边三角形的性质；等腰直角三角形；旋转的性质

分析： （1）求出∠ABC的度数，即可求出答案；

（2）连接AD，CD，ED，根据旋转性质得出BC=BD，∠DBC=60°，求出∠ABD=∠EBC=30°﹣α，且△BCD为等边三角形，证△ABD≌△ACD，推出∠BAD=∠CAD=∠BAC=α，求出∠BEC=α=∠BAD，证△ABD≌△EBC，推出AB=BE即可；

（3）求出∠DCE=90°，△DEC为等腰直角三角形，推出DC=CE=BC，求出∠EBC=15°，得出方程30°﹣α=15°，求出即可．

解答： 解：（1）∵AB=AC，∠A=α，

∴∠ABC=∠ACB=（180°﹣∠A）=90°﹣α，

∵∠ABD=∠ABC﹣∠DBC，∠DBC=60°，

即∠ABD=30°﹣α；

（2）△ABE是等边三角形，

证明：连接AD，CD，ED，

∵线段BC绕B逆时针旋转60°得到线段BD，

则BC=BD，∠DBC=60°，

∵∠ABE=60°，

∴∠ABD=60°﹣∠DBE=∠EBC=30°﹣α，且△BCD为等边三角形，

在△ABD与△ACD中

∴△ABD≌△ACD，

∴∠BAD=∠CAD=∠BAC=α，

∵∠BCE=150°，

∴∠BEC=180°﹣（30°﹣α）﹣150°=α=∠BAD，

在△ABD和△EBC中

∴△ABD≌△EBC，

∴AB=BE，

∴△ABE是等边三角形；

（3）∵∠BCD=60°，∠BCE=150°，

∴∠DCE=150°﹣60°=90°，

∵∠DEC=45°，

∴△DEC为等腰直角三角形，

∴DC=CE=BC，

∵∠BCE=150°，

∴∠EBC=（180°﹣150°）=15°，

∵∠EBC=30°﹣α=15°，

∴α=30°．

点评： 本题考查了全等三角形的性质和判定，等边三角形的性质和判定，等腰直角三角形的判定和性质的应用，注意：全等三角形的判定定理有SAS，ASA，AAS，SSS，全等三角形的性质是全等三角形的对应边相等，对应角相等．

25．（8分）（2013•北京）对于平面直角坐标系xOy中的点P和⊙C，给出如下的定义：若⊙C上存在两个点A、B，使得∠APB=60°，则称P为⊙C的关联点．已知点D（，），E（0，﹣2），F（2，0）．

（1）当⊙O的半径为1时，

①在点D、E、F中，⊙O的关联点是　D，E　．

②过点F作直线l交y轴正半轴于点G，使∠GFO=30°，若直线l上的点P（m，n）是⊙O的关联点，求m的取值范围；

（2）若线段EF上的所有点都是某个圆的关联点，求这个圆的半径r的取值范围．

考点： 圆的综合题．

分析： （1）①根据关联点的定义得出E点是⊙O的关联点，进而得出F、D，与⊙O的关系；

②若P要刚好是⊙C的关联点，需要点P到⊙C的两条切线PA和PB之间所夹的角为60°，进而得出PC的长，进而得出点P到圆心的距离d满足0≤d≤2r，再考虑临界点位置的P点，进而得出m的取值范围；

（2）若线段EF上的所有点都是某个圆的关联点，欲使这个圆的半径最小，则这个圆的圆心应在线段EF的中点；再考虑临界情况，即恰好E、F点为⊙K的关联时，则KF=2KN=EF=2，即可得出圆的半径r的取值范围．

解答： 解：（1）①如图1所示，过点E作⊙O的切线设切点为R，

∵⊙O的半径为1，∴RO=1，

∵EO=2，

∴∠OER=30°，

根据切线长定理得出⊙O的左侧还有一个切点，使得组成的角等于30°，

∴E点是⊙O的关联点，

∵D（，），E（0，﹣2），F（2，0），

∴OF＞EO，DO＜EO，

∴D点一定是⊙O的关联点，而在⊙O上不可能找到两点使得组成的角度等于60°，

故在点D、E、F中，⊙O的关联点是D，E；

故答案为：D，E；

②由题意可知，若P要刚好是⊙C的关联点，

需要点P到⊙C的两条切线PA和PB之间所夹的角为60°，

由图2可知∠APB=60°，则∠CPB=30°，

连接BC，则PC==2BC=2r，

∴若P点为⊙C的关联点，则需点P到圆心的距离d满足0≤d≤2r；

由上述证明可知，考虑临界点位置的P点，

如图3，点P到原点的距离OP=2×1=2，

过点O作x轴的垂线OH，垂足为H，tan∠OGF===，

∴∠OGF=60°，

∴OH=OGsin60°=；

sin∠OPH==，

∴∠OPH=60°，

可得点P1与点G重合，

过点P2作P2M⊥x轴于点M，

可得∠P2OM=30°，

∴OM=OP2cos30°=，

从而若点P为⊙O的关联点，则P点必在线段P1P2上，

∴0≤m≤；

（2）若线段EF上的所有点都是某个圆的关联点，欲使这个圆的半径最小，则这个圆的圆心应在线段EF的中点；

考虑临界情况，如图4，

即恰好E、F点为⊙K的关联时，则KF=2KN=EF=2，

此时，r=1，

故若线段EF上的所有点都是某个圆的关联点，这个圆的半径r的取值范围为r≥1．

点评： 此题主要考查了圆的综合应用以及切线判定与性质以及锐角三角函数关系和新概念等知识，注意临界点位置的应用是解题关键．