一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）

1．（2012•内江）在1909年，通过α粒子散射实验，提出了原子核式结构模型的科学家是（　　）

A． 牛顿 B． 卢瑟福 C． 热纳 D． 法拉弟

考点： 物理常识。

专题： 顺推法。

分析： 原子核式结构模型：在原子的中心有一个很小的核，叫原子核，原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外空间里绕着核旋转，这一模型也被称为“行星模型”．

解答： 解：1909年，通过α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子核式结构模型理论．

故选B．

点评： 熟悉基本的物理学史，掌握主要的物理学家的主要成就．

2．（2012•内江）如图所示，是一架电梯匀速向上运动的示意图．如果用F表示钢索的拉力，用G表示电梯受到的重力，那么，能正确表示电梯受到的力的示意图是（　　）

A． B． C． D．

考点： 力的示意图。

专题： 应用题。

分析： （1）匀速直线运动状态和静止状态是平衡状态，处于平衡状态的物体受到平衡力的作用．

（2）根据二力平衡的条件：等大、反向、共线、共物，可以确定电梯受到两个力的关系，从而确定选择项的正误．

解答： 解：电梯处于平衡状态，所以其在竖直方向上受到的重力和钢索的拉力是一对平衡力，这两个力应该是大小相等，方向相反并且在同一直线上．

A、只画出了电梯受到的拉力，没有重力，故A错误．

B、根据图示的拉力和重力的长短，可以确定图示的拉力和重力大小不等，故B错误．

C、图示的拉力和重力符合了两个力是平衡力的条件，故C正确．

D、根据图示的拉力和重力的长短，可以确定图示的拉力和重力大小不等，故D错误．

故选C．

点评： （1）此题考查了二力平衡的条件的应用．

（2）首先根据题意确定电梯处于平衡状态，确定电梯受到的力是平衡力是解决此题的关键．

3．（2012•内江）如图所示，在以下的测量仪器中，属于电学测量的仪器是（　　）

A． B． C． D．

考点： 物理常识。

专题： 图析法。

分析： 对每种仪器、仪表进行分析，明确各自的测量用途，就能选出符合题意的仪器．

解答： 解：

A、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表．此选项符合题意；

B、停表是记录时间长短的仪表．此选项不符合题意；

C、游标卡尺是测量较小物体的内径、外径或深度的．此选项不符合题意；

D、螺旋测微器是比游标卡尺更精密的测量物体长度的仪器．此选项不符合题意．

故选A．

点评： 对常见的物理测量仪器仪表要做到：知道用途，规范操作．

4．（2012•内江）关于热现象，下列说法中正确的是（　　）

A． 有的分子之间只有引力，有的分子之间只有斥力

B． 在固体中，分子只能在各自的平衡位置附近做微振动，而气体分子可以在空间中到处移动

C． 当物体的温度为0℃时，组成物体的分子就停止热运动了，物体的内能就等于零

D． “摩擦生热”和“钻木取火”这两种方式，从能量转化的角度来看，本质是不同的

考点： 分子间的作用力；内能的概念；做功改变物体内能；热传递改变物体内能。

分析： （1）分子间同时存在着相互作用的引力和斥力．

（2）分子之间存在空隙，而且分子之间存在引力和斥力．不同物质分子之间的空隙大小不同．

（3）一切物质的分子都在不停地做无规则热运动．物体在任何温度下都具有内能．

（4）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递．

解答： 解：A、当分子间的距离很小时，作用力表现为斥力；当分子间的距离稍大时，作用力表现为引力；如果分子间的距离很远时，分子间的作用力就会很小，小到忽略不计．故A错．

B、固体分子之间的空隙较小，分子只能在各自的平衡位置附近做微振动．气体分子间距离较大，分子间作用力较小，气体分子可以在空间中到处移动．故B正确．

C、一切物体的分子都在不停地做无规则热运动，不论温度高低，都具有内能．故C错．

D、钻木取火时钻与木头相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式改变物体的内能；“摩擦生热”也是通过克服摩擦做功改变物体内能．从能量转化的角度来看，本质是相同的，故D错．

故选B．

点评： 此题考查了分子间的作用力、分子的热运动、内能、改变内能的方式等知识，知识点较多，要认真分析．

5．（2012•内江）如图所示，属于安全用电的是（　　）

A． B． C． D．

考点： 安全用电原则。

专题： 应用题。

分析： （1）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；

（2）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全；

（3）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；

解答： 解：A、灯具属于带电体，用湿布擦拭时，湿布属于导体，有可能使电流通过湿布传到人体上，使人体触电，十分危险．故答案A错误；

B、根据公式I=可知，当用电器的功率较大时，容易引起电路中的电流过大，引起火灾，因此要在用电器配套用的电线中的火线上安装熔断器．故B正确．

C、人体虽然站在绝缘体上，但是人的两只手同时接触了火线和零线，有电流通过人体，造成触电．故C错误；

D、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．向掉落在地上的高压线头走进，容易造成跨步电压触电．故D错误；

故选B

点评： 本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体．

值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了．

6．（2012•内江）如图所示，以下实例所例举的几个力中，没有对物体做功的力是（　　）

考点： 力是否做功的判断。

专题： 应用题。

分析： （1）判定是否做功，就看其是否同时满足做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离．两个条件缺一不可．

（2）根据选择项中的物理情景，看其是否同时具备做功的两个必要因素，从而可以确定其正误．

解答： 解：A、水给船一个作用力，船在这个力的作用下通过了一段距离，同时具备了做功的两个必要因素，故水对船做了功．故A不合题意．

B、小车在拉力的作用下通过了一段距离，同时具备了做功的两个必要因素，故拉力对小车做了功．故B不合题意．

C、汽车受到刹车阻力的作用，并且其产生力效果，使汽车右运动变为静止，故刹车阻力对汽车做了功．故C不合题意．

D、运动员举起杠铃后，虽然此时运动员对杠铃有一个支持力的作用，但此时杠铃不再运动，有力但没有距离，不同时具备做功的两个必要因素，故支持力没有做功．故D符合题意．

故选D．

点评： （1）此题考查了力是否做功的判定．

（2）力做功必须同时具备做功的两个必要因素．

（3）不做功的情况一般有以下三种：①有力无距离，如D选择项以及搬而未动，举而未起；②有距离无力，物体由于惯性而运动；③有力也有距离，但距离的方向与力的方向垂直，如人提着水桶在水平地面上运动．

7．（2012•内江）如图所示，是某核动力航空母舰和从它上面起飞的直升飞机的示意图．那么，下列与物理知识有关的说法中正确的是（　　）

A． 当直升飞机悬停在航空母舰的上空时，如果以地面为参照物，它们都是运动的

B． 当直升飞机从航空母舰的甲板上起飞后，航空母舰浸在大海中的深度将保持不变

C． 直升飞机和航空母舰之间的联系，是通过超声波或次声波来实现的

D． 核动力航空母舰所利用的核能是通过重核裂变释放的一种能量

考点： 运动和静止的相对性；物体的浮沉条件及其应用；超声波与次声波；核裂变。

专题： 应用题。

分析： A、研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物．如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的；

B、航母在大海中始终处于漂浮状态，根据沉浮条件判断出浮力的变化，然后根据阿基米德原理判断出排开海水体积的变化，进而得出吃水深度的变化；

C、雷达是靠发射、接收电磁波来工作的；

D、目前我们利用的可控制的核能是重核裂变时产生的核能．

解答： 解：A、直升飞机悬停在航空母舰的上空时，如果以地面为参照物，它们与地面的相对位置没有发生改变，所以它们是静止的，故本选项错误；

B、航母上在海面上处于漂浮状态，受到的浮力等于航母的自身重力，飞走部分飞机时，航母重力减小，浮力减小，根据阿基米德原理F浮=ρ液V排g，海水密度一定时，浮力减小，排开海水的体积减小，航母就会浮起一些，故本选项错误；

C、直升飞机和航空母舰之间的联系是雷达，雷达是靠发射和接收电磁波来发现敌方军事目标的，故本选项错误．

D、航母利用的核能是可控制的核能，是重核裂变产生的能量，核能是一种新能源，故本选项正确．

故选D．

点评： 新型的航母用到的物理知识非常多，我们要能够根据我们所学的物理知识来改变我们的生活，这也是我们学习物理知识的最终目的．

8．（2012•内江）关于电磁波的有关性质，下列说法中不正确的是（　　）

A． “海市蜃楼”和“彩虹”这两种自然现象，形成的原理是完全一样的

B． 牛顿用玻璃三棱镜使白色的太阳光发生色散，从而证明了白光是由七种不同颜色的光组成

C． 在电磁波谱中，从γ射线 X射线 红外线的频率逐渐增大

D． 如果电视机遥控器发出的红外线的波长为900nm，那么，它的频率为Hz

考点： 光的折射现象及其应用；光的色散；红外线。

专题： 应用题。

分析： 根据以下知识答题：

（1）光在同种不均匀介质中传播或由一种介质斜射入另一种介质时要发生折射，

“海市蜃楼”和“彩虹”都是光的折射形成的；

（2）同一介质对不同频率（波长）的光发生折射时，折射率不同，入射角相同时，折射角不同，

光的偏折程度不同，不同频率（颜色）的光分散开，这就是光的色散；

（3）在电磁波谱中，从无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线到γ射线，频率越来越高，波长越来越短；

（4）已知波长λ，由f=可求出红外线的频率．

解答： 解：A、“海市蜃楼”和“彩虹”都是由光的折射形成的，形成的原理是完全一样的，说法正确，不符合题意；

B、牛顿最早用玻璃三棱镜使白色的太阳光发生色散，证明了白光是由七种不同颜色的光组成，说法正确，不符合题意；

C、在电磁波谱中，从γ射线、X射线、红外线的频率逐渐减小，不是逐渐增大，说法错误，符合题意；

D、红外线的波长为900nm，它的频率f===×1015Hz，故D说法正确，不符合题意；

故选C．

点评： 本题考查了光的折射的应用、光的色散、电磁波的频率、电磁波波速波长与频率间的关系，涉及的内容较多，但难度不大，是一道基础题．

9．（2012•内江）如图所示，是某游泳爱好者在游泳上岸后站立时的情境示意图，由图可知（　　）

A． 蒸发和沸腾是汽化的两种方式

B． 所有气体在温度降到足够低时都可以液化

C． 水在蒸发的过程中要吸热，使水和它依附的人体温度上升

D． 图中游泳爱好者的姿势是为了减少水分的蒸发

考点： 影响蒸发快慢的因素；蒸发及其现象。

专题： 图析法。

分析： （1）蒸发是一种汽化现象，汽化要吸热；

（2）减小蒸发快慢的办法有：降低液体的温度，减小液体的表面积，减小液体上表面的空气流动速度．

解答： 解：由图知：游泳后，从水中上岸的人觉得冷，这是因为人从水中上岸后，身上有水，水蒸发吸热，所以感觉冷；将胳膊抱在胸前减小了液体的表面积，可减少水分的蒸发，使人感觉不那么冷．

A、蒸发和沸腾是汽化的两种方式．B、所有气体在温度降到足够低时都可以液化．两种说法与图中现象不符．故A、B不合题意．

C、水在蒸发的过程中要吸热，使水和它依附的人体温度上升．错，应使人体温度上下降．故C不合题意．

D、图中游泳爱好者的姿势是为了减少水分的蒸发．符合图意．故D合题意．

故选D．

点评： 本题考查的是有关蒸发现象的知识，解题时要会灵活应用影响蒸发快慢的因素分析问题．同时注意要符合图中所示题意．

10．（2012•内江）如图所示，是某家庭电路中连接的小彩灯示意图，根据所学的物理知识，判断下列说法中正确的是（　　）

A． 小彩灯与控制它们的开关之间有的是并联、有的是串联

B． 各小彩灯之间的连接方式是并联

C． 额定电压为6.3V的小彩灯，要接在家庭电路中，至少需要35个

D． 在整个家庭电路中，导线相互连接处往往比别处更不容易发热、老化

考点： 串联电路和并联电路的辨别。

专题： 应用题。

分析： 要解决此题，需要掌握家庭电路的连接形式，并且要掌握串并联电路的特点．串联电路电流只有一条通路，开关控制整个电路；并联电路各支路互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关只控制其所在的支路．

解答： 解：A、小彩灯与控制它们的开关之间是串联的，开关闭合彩灯亮，故A错误；

B、各小彩灯之间是相互影响的，一个坏掉，其它彩灯就会都不亮，故其连接方式是串联，故B错误；

C、根据串联分压的特点，因为是规格相同的小灯泡，故每一个分担的电压是相同的，小灯泡的个数为

n==35，故C正确；

D、导线相互连接处的电阻要大一些，根据公式Q=I2Rt可知，电阻越大的地方，产生的热量越多，故D错误．

故选C

点评： 此题主要考查的是串并联电路的特点和学生对串联电路分压特点的认识和理解，以及对焦耳定律的理解和掌握．

11．（2012•内江）如图所示，在两个完全相同的高脚玻璃杯内装有相同深度的水，当用筷子轻轻敲击杯子时，两个杯子就会发出相同的声音．那么下列说法中正确的是（　　）

A． 当用筷子敲击甲杯，让其发声，发声后用手捏住杯边，此时乙杯不能发出声音

B． 当用筷子敲击甲杯，让其发声，发声后用手捏住杯边，此时乙杯能发出声音，产生了共鸣

C． 当用筷子敲击杯子时，甲的音调较低

D． 当用筷子敲击杯子时，乙的音调较低

考点： 频率及音调的关系。

专题： 应用题。

分析： 解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的．振动的频率越高，音调越高．当两个发声频率相同的物体，彼此相隔不远时，如果其中一个物体发声，另一个也有可能跟着振动，这种现象，就叫做“共鸣”．

解答： 解：A、当用筷子敲击甲杯，让其发声，发声后用手捏住杯边，此时乙杯不能发出声音，振动停止发生停止，故A正确；

B、当用筷子敲击甲杯，发声后用手捏住杯边，甲杯发声停止，此时乙杯不能产生共鸣，故B错误；

CD、当用筷子敲击杯子时，发声的物体是瓶子和瓶内的水．水一样高．所以频率一样，音调一样，故C、D错误；

故选A．

点评： 解决此类问题的关键是知道声音产生的原因．振动的频率越高，音调越高．

12．（2012•内江）如图所示，电源的电压为U，A为理想电流表，V1和V2为理想电压表，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，那么，当闭合开关S后，下列说法中正确的是（　　）

A． 当滑动变阻器R2的阻值不变时，V1的示数与A的示数之比等于R2

B． 当滑动变阻器R2的阻值不变时，V2的示数与A的示数之比等于R1

C． 当滑动变阻器R2的阻值增大时，V2示数的变化量A示数的变化量的绝对值之比等于R2

D． 当滑动变阻器R2的阻值减小时，V1示数的变化量A示数的变化量的绝对值之比等于R1

考点： 电路的动态分析；滑动变阻器的使用。

专题： 应用题；动态预测题。

分析： （1）分析电路结构，明确电路元件的连接方式，根据欧姆定律判断A、B两选项的正误；

（2）根据电路电流及电阻的变化，根据欧姆定律分析C、D选项，判断C、D两选项是否正确．

解答： 解：（1）由电路图知：电阻R1与R2串联，电流表测电路电流，

电压表V1测测电阻R1两端电压，电压表V2测电阻R2两端电压；

（2）当滑动变阻器R2的阻值不变时，由欧姆定律得：

R1=，R2=，故AB错误；

（3）设电路原来电流为I，滑动变阻器R2的阻值增大时，设电阻的变化量为△R2，设电路电流的减小量为△I，

则△UV2=（I﹣△I）（R2+△R2）﹣IR2=I△R2﹣△I（R2+△R2），=﹣（R2+△R2），故C错误；

（4）设电路原来电流为I，滑动变阻器R2的阻值减小时，设电阻的变化量为△R2，设电路电流的增加量为△I，

则==R1，故D正确；

故选D．

点评： 本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、灵活应用欧姆定律是正确解题的关键．

二、填空题（共7小题，每空2分，满分28分）

13．（2012•内江）在汽油机的一个工作循环中，内能转化为机械能的是　做功　冲程，其它三个冲程都是靠飞轮的　惯性　来完成的．

考点： 内燃机的四个冲程。

专题： 简答题。

分析： 四冲程内燃机工作时，活塞在气缸中往复运动两次，完成一个工作循环，做一次功，共计四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，内燃机连续工作需要克服各种阻力，但只有做功冲程对外输出功，曲轴连同质量较大的飞轮一起旋转时，储存了较大的动能，依靠这些能量迅速完成三个耗功行程，这样发动机便能连续运转了．

解答： 解：四冲程内燃机工作时，只有在做功冲程中将燃料燃烧产生燃气的内能转化为机械能，为内燃机工作提供动力，其它三个冲程都是依靠飞轮的惯性来完成的．

故答案为：做功，惯性．

点评： 解决此题要结合内燃机的做功冲程原理进行分析解答，知道做功冲程中的能量转化．

14．（2012•内江）在磁体的周围存在着磁场，为了形象直观地描述磁场而引入　磁感线　，在它上面的任何一点的切线方向表示该点的磁场方向，它分布的密疏程度表示磁场的　强弱　．

考点： 磁感线及其特点。

专题： 应用题。

分析： （1）利用建立模型的方法，人们引入了磁感线来描述客观存在，但又看不见的磁场．

（2）磁感线的方向用来描述磁场的方向；磁感线的疏密程度用来描述磁场的强弱．

解答： 解：（1）根据课本中的相关基础知识可知，为了描述看不见但又客观存在的磁场，人们利用建立模型的方法引入了磁感线．

（2）利用磁感线的方向描述该点磁场的方向，利用磁感线的疏密程度描述该点磁场的强弱，磁感线越密集的位置该点磁场越强．

故答案为：磁感线；强弱．

点评： （1）此题考查了磁感线的引入目的．

（2）记住课本中的相关基础知识对于解决此类识记性的题目非常方便．

15．（2012•内江）发电机是利用电磁感应现象制成的，我国发电厂发出的交流电的频率是　50　Hz．电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的，要改变通电导体在磁场中的受力方向，可以通过改变磁场方向或改变　电流　方向来实现．

考点： 交流电；磁场对通电导线的作用。

专题： 简答题。

分析： （1）根据对我国交流电的频率大小回答；

（2）通电导体在磁场中受到力的作用，受力的方向与磁场方向、电流方向有关．

解答： 解：

（1）我国发电厂发出的交流电的频率是50Hz；

（2）电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的，通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向、电流方向有关，要改变通电导体在磁场中的受力方向，可以通过改变磁场方向或改变电流方向来实现，若两个分析同时改变，受力方向不变．

故答案为：50；电流．

点评： 通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向、电流方向有关，要改变通电导体在磁场中的受力方向，有两种方法：①改变磁场方向，②改变电流方向；若两个分析同时改变，受力方向不变．

16．（2012•内江）如图所示，是某汽车启动和到达的时间以及对应的里程表（盘面指示为千米数）的示数．由图可知，汽车行驶的里程数为　120　Km，平均速度为　11.1　m/s．（小数点后保留一位数字）

考点： 速度公式及其应用。

专题： 信息给予题；顺推法。

分析： ①已知汽车的启动时间和到达时间，可以得到汽车行驶的时间；

②已知汽车开始计时的里程数和行驶一段时间后的里程数，可以得到汽车此过程行驶的路程；

③已知汽车行驶的路程和时间，利用v=得到行驶的速度．

解答： 解：

汽车行驶的时间为t=12：25﹣9：25=3h

汽车行驶的路程为S=27582km﹣27462km=120km

汽车行驶的速度为v==40km/h=11.1m/s

故答案为：120；11.1．

点评： 此题是关于速度运算的基本题目，读懂图片提供的时间和路程信息是解决此题的关键．

17．（2012•内江）正常眼睛观察物体最清晰而又不易疲劳的距离，叫做明视距离，约为　25　cm；根据近视眼的结构，近视眼的明视距离比正常眼的明视距离　小　（选填“大”、“小”或“相等”）

考点： 近视眼的成因与矫正办法。

专题： 应用题。

分析： 看物体时间较长而又不容易疲劳的距离明视距离，正常眼的明视距离为25cm．明视距离小于25cm为近视眼，大于25cm为远视眼．

解答： 解：正常眼睛的明视距离为 25cm．近视眼的明视距离相对正常眼要（短），即近视眼的明视距离比正常眼的明视距离小

故答案为；25；小．

点评： 本题主要考查学生对：眼睛及其视物原理的了解，以及对明视距离的认识，是一道基础题．

18．（2012•内江）如图所示，是发光二级管的示意图．当电流从较长的接线脚流入时，发光二极管中有电流通过，使其发光；如果电流从较短接线脚流入，电流处于　开路　（选填“短路”或“开路”）状态，这说明发光二极管具有　单向　导电性．

考点： 半导体的特点。

专题： 应用题。

分析： 发光二极管只允许电流从二极管的正极流入，负极流出．如果反向，二极管将不亮．

解答： 解：在电路中，电流只能从二极管的正极流入，负极流出．如图当电流从较长的接线脚流入时，发光二极管中有电流通过，使其发光；如果电流从较短接线脚流入，二极管将不发光，处于断路状态．说明二极管的单向导电性．

故答案为：开路；单向．

点评： 此题考查了半导体和发光二极管的知识，是一道基础题．

19．（2012•内江）如图所示，是某商店里使用的一种放在水平桌面上的案秤示意图．它的工作原理与天平相同，不过两臂长度不等．由图可知，该案秤秤杆的分度值为　50　g，现将游码放在秤秆的“零刻度线”处，把被测物体放在左边的秤盘中，当该砝码盘上的槽码的质量为m1时，秤杆处于平衡状态；如果将被测物体和槽码对调位置，发现当左边的秤盘中槽码的质量为m2时，秤杆又处于平衡状态．那么，被测物体的质量为　　．

考点： 杠杆的平衡分析法及其应用。

专题： 计算题。

分析： （1）由秤杆的刻度结合实际情况得出案秤秤杆的分度值；

（2）设没测物体的质量为m，当把被测物体放在左边的秤盘中，砝码盘上的槽码的质量为m1时，秤杆处于平衡状态，据此可知关系式①：mgL1=m1gL2；如果将被测物体和槽码对调位置，当左边的秤盘中槽码的质量为m2时，秤杆处于平衡状态，据此可知关系式②：m2gL1=mgL2；由①②联立方程组就得m的大小．

解答： 解：

（1）由图知，案秤秤杆是将200g分成4份，每一份为50g，则该案秤秤杆的分度值为50g；

（2）设没测物体的质量为m，

当把被测物体放在左边的秤盘中，由秤杆平衡可得：

mgL1=m1gL2，

∴=，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

如果将被测物体和槽码对调位置，由秤杆平衡可得：

m2gL1=mgL2，

∴=，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

由①②可得：

=，

∴m=．

故答案为：50；．

点评： 本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，会利用两种情况下的秤杆平衡列方程求解是本题的关键．

三、解答题（共5小题，满分24分）

20．（2012•内江）如图所示，A′O′J是AO在平面镜中成的像，请你大致作出平面镜的位置．

考点： 平面镜成像的相关作图。

专题： 作图题。

分析： 根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像和物体关于平面镜对称．

解答： 解：平面镜所成的像和物体是以镜面为对称轴的轴对称图形，连接AA′，OO′，做这两条线段的垂直平分线即可．如图：

点评： 作出物体在平面镜中所成的像，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧！

21．（2012•内江）如图所示，一人用F=250N的力竖直向上提起一质量m=20Kg的水桶，请你做出她向上提起水桶过程中水桶所受合力的示意图．

考点： 力的合成与应用；力的示意图。

专题： 应用题；作图题。

分析： （1）对水桶进行受力分析，求出其所受的合力；

（2）根据力的示意图的作法，从力的作用点，沿力的作用线作出合力的示意图．

解答： 解：（1）水桶在竖直方向上受竖直向上的拉力F=250N，

竖直线下的重力G=mg=20kg×9.8N/kg=196N；

水桶所受的合力F合=F﹣G=250N﹣196N=54N，方向竖直向上；

（2）从力的作用点竖直向上作出合力的示意图，合力的示意图如图所示；

故答案为：合力示意图如图所示．

点评： 对水桶进行受力分析，求出合力的方向是正确作出合力示意图的关键．

22．（2012•内江）如图所示，是用量筒测量不规则形状物体体积的一种方法．由图可知，该量筒的量程为　0～100　mL，该物体的体积为　10mL．

考点： 量筒的使用。

专题： 应用题。

分析： 量筒是正确读数，首先弄清楚其量程和分度值，再根据液体的体积、该物体和液体的总体积，然后求出物体的体积．

解答： 解：（1）该量筒所能测量的最大值为100ml，所以其量程为0～100ml；

（2）量筒中液体的体积为50ml，物体和液体的总体积为60ml，故物体的体积=60ml﹣50ml=10ml．

故答案为：0～100；10．

点评： （1）用量筒测量液体的体积；

（2）用量筒测量固体的体积，等于总体积减去液体的体积；

（3）掌握初中的一些测量工具：刻度尺、电流表、电压表、弹簧测力计、量筒等等，首先确定零刻度，然后弄清每一个大格和每一个小格各代表多少．

23．（2012•内江）如图所示，是“探究电流的热效应跟电阻大小的关系”的实验装置图．A、B两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，烧瓶A内的金属丝是铜丝，电阻较小；烧瓶B内的金属丝是镍铬合金丝，电阻较大．在实验中应使两瓶中盛装的煤油质量．那么，当开关S闭合，通电一段时间后，两瓶中温度上升较快的是　B　（选填“A”或“B”）瓶．

考点： 电热。

专题： 实验题；控制变量法。

分析： 电热的影响因素有电流、电阻、通电时间．首先要判断清楚两段导体的什么因素是相同的，什么因素是不同的，再根据焦耳定律来判断哪段导体产生的电热多，即这个瓶中温度上升较快．

解答： 解：根据焦耳定律Q=I2Rt，铜丝和镍铬合金丝是串联的，所以电流I和通电时间t相同，镍铬合金丝比铜比电阻大，所以产生电热多，故B瓶的温度上升较快．

故答案为：B．

点评： 本题考查了学生对焦耳定律的了解和掌握，在研究电流产生的热量与什么因素有关时，要用好控制变量法．

24．（2012•内江）现准备用“伏安法”测量额定电压为2.5V的小灯泡的电阻，实验室能提供的实验器材有：

A．待测小灯泡L（其正常工作时的电阻值约为10Ω）；

B．二节新的干电池串联（每节干电池的电压为1.5V）；

C．电压表一个（量程为0～3V，0～15V，电阻为5KΩ）；

D．电流表一个（量程为0～0.6A，0～3A，电阻为5Ω）；

E．滑动变阻器R0（阻值为0～50Ω，额定电流为1A）；

F．开关S一个，导线若干则：

（1）如果使用上述器材来测量小灯泡的电阻，那么，当小灯泡正常工作时，该电路中的电流约为　0.25　A，因此，电流表的量程应选0～　0.6　A．

（2）由于电流表和电压表都有一定的电阻，严格来说将它们接入电路后，对电路都要产生一定的影响．那么，为了减少误差，在甲、乙所示的电路图（未画完）中，最好选　甲　（选填“甲”或“乙”）．

（3）根据以上选择的电路图，在丙图中用铅笔画线代替导线进行连线，使之成为能比较精确地测量出小灯泡电阻的电路（其中，部分导线已连接）．

（4）在实验中，某同学设计的实验报告及实验记录数据如下表所示．

实验名称 用“伏安法”测量小灯泡的电阻

实验目的 练习使用电流表和电压表测量小灯泡的电阻

实验步骤 a、按照电路图连接电路，调节滑动变阻器的滑片P，使电路中的　阻值　最大．

b、闭合开关，调节滑片P，使小灯泡两端的电压达到　2.5　V，然后，测量从额定电压开始逐次　降低　（选填“降低”或“升高”），获得几组数据．

c、根据测出的电压值和电流值，求出小灯泡的电阻．

实验记录 电压U/V 电流I/A 电阻R/Ω

2.5 0.26 9.6

2.0 0.24 8.3

1.5 0.2 7.5

1.0 0.15 6.7

②从实验记录中可以看出，存在明显错误的记录数字是　0.2　．

③根据实验记录数据，采用“描点法”在如图丁所示的坐标系中，作出小灯泡的U﹣I图象．

考点： 伏安法测电阻的探究实验。

专题： 实验题；作图题。

分析： （1）已知灯泡的额定电压与正常发光时的电阻，由欧姆定律可以求出灯泡正常发光时的电流，

根据该电流选择电流表量程；

（2）根据电压表内阻与电流表内阻对测量结构的影响大小，判断选择哪一个电路；

（3）根据电源电压选择电压表量程，根据灯泡正常发光时电路电流选择电流表量程；

电源、滑动变阻器、灯泡、电流表串连接入电路，电压表并联在灯泡两端；

（4）①a为保护电路，闭合开关前，应调节滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值为滑动变阻器的最大阻值，

使电路中的阻值最大；

b、连接完电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为灯泡额定电压，

然后逐渐降低灯泡两端电压，进行测量；

②电流表示数保留两位小数，只有第三组的电流值0.2保留一位小数，则该数据记录错误；

③根据表中数据在坐标系中描出各组数据所对应的点，然后根据所描点做出图象．

解答： 解：（1）灯泡额定电压为2.5V，正常工作时的电阻值约为10Ω，

则当小灯泡正常工作时电流约为I===0.25A，

电流表应选0～0.6A量程；

故答案为：0.25；0.6．

（2）灯泡电阻约为10Ω，电流表内阻约为5Ω，电流表与灯泡串联时，

电流表两端电压约为灯泡电压的一半，电流表的分压不能忽略，用电路图乙做实验，

由于电流表分压造成的误差太大；灯泡电阻约为10Ω，电压表电阻为5KΩ，电压表电阻远大于灯泡电阻，由并联电路的电流特点可知，电压表与灯泡并联时，电压表的分流较小，可以忽略，因此用甲电路图进行实验，误差较小；为了减小误差，实验时要选择甲电路图；

故答案为：甲．

（3）由题意知，电源电压为1.5V×2=3.0V，电压表选0～3V量程，由（1）知，电流表选0～0.6A量程，电源、滑动变阻器、灯泡、电流表串连接入电路，电压表并联在灯泡两端，电路图如图甲所示；

故答案为：电路图如图甲所示．

（4）①a、按照电路图连接电路，调节滑动变阻器的滑片P，使电路中的阻值最大；

b、闭合开关，调节滑片P，使小灯泡两端的电压达到2.5V，测量从额定电压开始逐次降低；

故答案为：a、阻值；b、2.5；降低．

②电流值应保留两位小数，由表中数据知，电流值0.2A错误；

故答案为：0.2．

③根据表中数据，先在坐标系中描出各数据对应的点，然后用平滑的曲线把它们连接起来，得到U﹣I图象；

故答案为：图象如乙所示．

点评： 本题考查了求灯泡正常工作时的电流、确定电流表量程、实验电路的选择、连接实物电路图、实验操作、作U﹣I图象等问题，考查的问题较多；实验电路的选择对初中生来说有一定的难度，理解串联电路的分压原理与并联电路的分流原理，根据实际分析出分压与分流哪种情况对实验的影响较小，是小题的难点，也是正确解题的关键．

四、解答题（共2小题，满分12分）

25．（2012•内江）如图所示，是某建筑工地上常用的塔式起重机示意图．在15s的时间内，起重机将质量为0.5t的水泥板竖直地从1楼匀速提升到了5楼，如果每层楼的高度是3m，ɡ=10N/Kg，那么：

（1）起重机提升水泥板做的功是多少？

（2）起重机的电动机输出的功率至少是多少？

考点： 功的计算；功率的计算。

专题： 计算题。

分析： （1）先根据题意求出水泥板上升的高度，根据W=Gh求出起重机提升水泥板做的功；

（2）当起重机做的功和对水泥板做的功相等时，起重机的电动机输出的功率最小，根据P=求出其大小．

解答： 解：（1）水泥板上升的高度h=4×3m=12m，

起重机提升水泥板做的功：

W=Gh=mgh=0.5×103kg×10N/kg×12m=6×104J；

（2）起重机电动机输出的功W输=W=6×104J时，输出功率最小，

则P===4000W．

答：（1）起重机提升水泥板做的功是6×104J；

（2）起重机的电动机输出的功率至少是4000W．

点评： 本题考查了功、功率的计算，关键是从1楼匀速提升到了5楼时高度（4层楼的高度）的计算．

26．（2012•内江）如图甲所示，是某型号汽车的自动测定油箱内油量的电路原理图．其中，电源的电压为12V，保护电阻R0=5Ω，A为一个量程为0～0.6A的电流表（油量表），Rx为压敏电阻（厚度不计），其阻值Rx随油量深度h的变化关系如图乙所示；油箱的上、下两部分均为大小不同的圆柱形容器，上部容器和下部容器的横截面积之比为1：2，且下部容器的高和底面直径均为2dm．则：

（1）当圆柱形容器内盛装一定量的汽油时，上部与下部容器中汽油的深度之比为2：1．那么，此时电路中的电流是多少？

（2）若汽油价格是8元/升，当该汽车在高速公路上匀速100Km时，油量表的指针由满刻度指到了刻度，那么，汽车每匀速行驶1Km所消耗的汽油费是多少元？（π=3）

考点： 欧姆定律的应用；电阻的串联。

专题： 计算题；信息给予题。

分析： （1）根据上部与下部容器中汽油的深度之比求出上部液体的深度，进一步求出油量的深度，由乙图读出对应压敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电流表的示数．

（2）油量表满刻度时和刻度时，电路中的电流，根据欧姆定律和电阻的串联求出电路中压敏电阻的阻值，根据图象读出对应油量的深度，根据体积公式求出所耗油量的体积，进一步求出汽车每匀速行驶1km所消耗的汽油费．

解答： 解：（1）∵h1=2dm=0.2m，且上部与下部容器中汽油的深度之比为2：1，

∴h2=2h1=2×0.2m=0.4m，油量的深度h=h1+h2=0.2m+0.4m=0.6m，

由图象可知，Rx=35Ω，

电路中的电流I===0.3A；

（2）当油量表满刻度时，电路中的电流Imax=0.6A，

电路中的电阻Rmin===20Ω，

热敏电阻的阻值Rx′=Rmin﹣R0=20Ω﹣5Ω=15Ω，

由图象可知，油量的深度为h′=0.9m，则h1=0.2m，h2′=0.9m﹣0.2m=0.7m，

当油量表的指针由满刻度指到了刻度时，电路中的电流I′=×0.6A=0.15A，

电路中的电阻R总===80Ω，

热敏电阻的阻值Rx″=R总﹣R0=80Ω﹣5Ω=75Ω，

由图象可知，油量的深度为h″=0.3m，则h1=0.2m，h2″=0.3m﹣0.2m=0.1m，

所以汽车在高速公路上匀速100km，耗油量深度的变化△h=h2′﹣h2″=0.7m﹣0.1m=0.6m，

下部容器的横截面积为S1=πr2=π（）2=3×（m）2=0.03m2，

∵上部容器和下部容器的横截面积之比为1：2，

∴S2=S1=×0.03m2=0.015m2，

汽车在高速公路上匀速100km消耗的油量：

V=△hS2=0.6m×0.015m2=0.009m3=9L，

汽车每匀速行驶100km所消耗的汽油费：9L×8元/L=72元，

汽车每匀速行驶1km所消耗的汽油费是×72元=0.72元．

答：（1）此时电路中的电流是0.3A；

（2）汽车每匀速行驶1km所消耗的汽油费是0.72元．

点评： 本题综合考查了串联电路的特点、欧姆定律的计算，以及学生的读图能力和分析问题的能力；关键是公式及其变形的灵活运用；此类问题经常出现，应注意将题目中的生活场景抽象为我们所熟悉的物理模型再进行处理．