一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）

1．游客坐在船中逆流而上，若说他是静止的，则选择的参照物是（　　）

A． 船舱 B． 河水 C． 迎面驶来的船 D． 河岸上的树木

考点： 运动和静止的相对性。

专题： 应用题。

分析： 物体相对于参照物位置不变时，物体是静止的．分析游客相当于船舱、河水、迎面驶来的船、河岸上的树木位置是否变化即可做出选择．

解答： 解：（1）游客坐在船中逆流而上时，游客相对于船舱位置不变，所以说游客相当于船舱是静止的．

（2）游客坐在船中逆流而上时，游客相当于河水、迎面驶来的船、河岸上的树木位置不断变化，所以以它们为参照物，游客是运动的．

故选A．

点评： 本题考查了参照物的选择，是一道基础题．应掌握并灵活运用参照物的选择方法解题．

2．下列工具（或设备）与电磁波应用无关的是（　　）

A． 验钞机 B． 军用雷达 C． 医用B超 D． 电视遥控器

考点： 电磁波的传播。

专题： 应用题。

分析： 要解答本题需知道：了解电磁波各波段的应用及声波的应用．

解答： 解：A、验钞机运用了紫外线的萤光作用，紫外线属于电磁波，故验钞机与电磁波应用有关；

B、军用雷达利用了微波，微波属于电磁波，故军用雷达与电磁波应用有关；

C、医用B超利用的是超声波，故医用B超与电磁波应用无关；

D、电视遥控器利用了红外线，红外线属于电磁波，故电视遥控器与电磁波应用有关．

故选C．

点评： 本题考查了电磁波的运用，了解题中各工具（或设备）的原理及电磁波各波段的应用是解题的关键．

3．上紧发条的玩具车在水平桌面上由静止开始运动所需的能量来源于（　　）

A． 动能 B． 电能 C． 重力势能 D． 弹性势能

考点： 能量转化的现象。

专题： 应用题。

分析： （1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．

（2）弹性势能大小跟弹性形变大小有关，弹性形变越大，弹性势能越大．

解答： 解：（1）上紧发条的玩具车，此时的弹性形变最大，弹性势能最大，车开始跑动弹性形变减小，弹性势能减小．

（2）玩具车从静止到跑动，质量不变，速度增大，动能增大．

故选D．

点评： （1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素．

（2）能判断动能、重力势能、弹性势能的变化．

4．下列数据中，符合实际情况的是（　　）

A． 人的正常体温为39.5℃ B． 人的脉搏正常跳动一次的时间为2s

C． 一个鸡蛋的质量约为200g D． 苏科版物理课本的宽度约为19cm

考点： 温度；质量的估测；时间的估测；长度的估测。

专题： 估算题。

分析： 首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．

解答： 解：A、人的正常体温为37℃，不合题意．

B、人的脉搏在每分钟60次多一点，正常跳动一次的时间为1s．不合题意．

C、一个鸡蛋的质量大约1两，即50g左右．不合题意．

D、苏科版物理课本的宽度约为19cm，符合题意．

故选D．

点评： 此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中各物理量的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可．

5．下列实例中，利用物体惯性的是（　　）

A． 人踩到香蕉皮上易滑倒 B． 跳远运动员起跳前助跑

C． 司机开车时应系安全带 D． 赛车在转弯对应减速慢行

考点： 惯性；惯性现象。

专题： 应用题。

分析： （1）任何物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质；

（2）生活中即要学会利用惯性为我们服务，又要防止惯性给我们带来的危害．

解答： 解：A、人踩到香蕉皮上易滑倒，是由于人具有惯性而给我们带来的危害；故A错误；

B、跳远运动员起跳前助跑，是利用运动员的惯性提高跳远成绩；故B正确；

C、司机开车时应系安全带，是防止司机由于具有惯性而带来的危害；故C错误；

D、赛车在转弯对应减速慢行，是防止赛车的惯性带来的危害；故D错误；

故选B．

点评： 任何物体都具有惯性，由于物体惯性的存在，会对我们的生活带来有利和不利的影响；哪些对我们生活有利的惯性要加以利用．

6．如图所示是“探究光的反射规律”的实验装置，一可沿ON折叠的白色硬纸板垂直放置在平面镜上，使光线AO紧贴硬纸板射向镜面0点，为了研究反射角与入射角之间关系，实验时应进行的操作是（　　）

A． 绕ON前后转动板E B． 绕ON前后转动板F

C． 改变光线AO与ON之间的夹角 D． 改变光线OB与ON之间的夹角

考点： 光的反射定律。

专题： 实验题。

分析： 利用实验帮助学生体验知识的形成过程以及加深知识的理解掌握．要解决此题，需要掌握反射光线、入射光线与法线在同一平面内，入射角与反射角的定义．

解答： 解：此题主要探究光的反射规律，先让一束光贴着纸板沿某一个角度射到O点，量出入射角和反射角的度数，然后改变光束的入射方向，使入射角减小或增大，即改变光线AO与ON之间的夹角，再量出入射角和反射角的度数，与前一次实验量出的结果进行比较，即可发现反射角和入射角关系．

故选C．

点评： 实验题是中考中必不可少的题目，要加强实验教学，引导学生从实验中分析现象，归纳总结规律．培养学生观察、分析、概括能力．

7．一简易照相机的镜头焦距为6cm，则该相机中胶片离镜头的距离应为（　　）

A． 小于6cm B． 大于6cm，小于12cm

C． 大于12cm，小于24cm D． 大于24cm

考点： 凸透镜成像的应用。

专题： 应用题。

分析： 要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律：

当u＞2f时，成倒立、缩小的实像．

当u=2f时，成倒立、等大的实像．

当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像．

当u=f时，不成像．

当u＜f时，成正立、放大的虚像．

知道照相机是根据物距大于2倍焦距时成倒立、缩小实像的原理制成的，此时像距处于1倍、2倍焦距之间．

解答： 解：据凸透镜成像时，u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像机可知，故利用该照相机照相时，物体必须处于透镜的2倍焦距以外，即12cm以外，此时的像应成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，即此时所成像的胶卷必须在6cm和12cm之间．

故选B．

点评： 该题考查了照相机的制作原理及该原理的应用，知道照相机所成的像处于镜头的1倍焦距和2倍焦距之间是解决该题的关键．

8．下列情景中符合安全用电要求的是（　　）

考点： 安全用电原则。

专题： 应用题。

分析： 当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电．大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全；对各种电气设备按规定进行定期检查，如发现绝缘损坏、漏电和其他故障，应及时处理；对不能修复的设备，不可使用其带“病”工作，应予以更换．

解答： 解：A、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全．符合安全用电原则；

B、电视天线与电线接触，容易发生触电，不符合安全用电原则；

C、绝缘皮破损后，会使导线外露，会发生触电事故，不符合安全用电原则；

D、在电线上晾湿衣服，电线上的绝缘层有可能破损，从而使人体和带电体接触，就会造成触电事故，十分危险．不符合安全用电原则；

故选A．

点评： 本题考查安全用电的常识，解决此类题目要结合安全用电的知识进行分析解答．为防止因电带来的伤害，不能违反．

9．如图所示的电路，开关s闭合后，滑动变阻器滑片P向右滑动的过程中，有关电流表、电压表的读数以及灯泡亮度的变化，下列说法中正确的是（　　）

A． 电流表的读数变大，电压表的读数变小，灯泡变暗

B． 电流表的读数变小，电压表的读数变大，灯泡变亮

C． 电流表、电压表的读数都变小，灯泡变暗

D． 电流表、电压表的读教都变大，灯泡变亮

考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用。

专题： 动态预测题；图析法。

分析： （1）分析电路结构，明确各电路元件的连接方式；

（2）根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据欧姆定律判断电流表示数如何变化；

（3）根据U=IR判断电压表示数如何变化，根据公式P=I2R判断灯泡功率如何变化，从而判断灯泡亮度如何变化．

解答： 解（1）由电路图知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡两端电压；

（2）滑动变阻器滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻R变大，电源电压U不变，

电路电流I=变小，则电流表示数变小；

（3）电路电流I变小，灯泡电阻RL不变，由U=IRL可知，灯泡两端电压变小，电压表示数变小；

灯泡功率P=I2RL变小，灯泡变暗；

故选C．

点评： 本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式、灵活应用欧姆定律及功率公式是正确解题的关键．

10．如图甲所示，一块长木板放在水平桌面上现用一水平力F，向右缓慢地推木板，使其一部分露出桌面如图乙所示，在推木板的过程中木板对桌面的压力F、压强p和摩擦力f的变化情况是（　　）

A． F、p不变，f变大 B． F、f不变，p变大 C． F变小，p、f变大 D． F、f不变，p变小

考点： 压强大小比较；摩擦力大小的影响因素。

专题： 应用题。

分析： （1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向右缓慢地推木板时受力面积的变化判断对桌面压强的变化；

（2）根据影响滑动摩擦力大小的因素：压力的大小和接触面的粗糙程度判断此过程摩擦力的变化．

解答： 解：∵水平面上物体的压力和自身的重力相等，

∴向右缓慢地推木板的过程中，木板对桌面的压力F不变，

∵p=，且向右缓慢地推木板的过程中受力面积变小，

∴木板对桌面的压强p变大；

∵向右缓慢地推木板的过程中，压力和接触面的粗糙程度不变，

∴摩擦力f不变．

故选B．

点评： 本题考查了压强大小的比较和影响滑动摩擦力大小的因素，关键是会分析向右缓慢地推木板的过程中变化的量和不变的量．

二、填空题（本题共10小题，每空1分，共24分）

11．太阳能是　可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源，利用太阳能的方式有多种，绿色植物的光合作用是将光能转化为　化学　能；太阳能热水器是通过　热传递　的方式增加水的内能．

考点： 热传递改变物体内能；不可再生能源的特点；可再生能源的特点。

专题： 应用题。

分析： 利用下列知识分析回答：

（1）能源分类：像太阳能、风能、水能以及动植物等可以长期提供或可以再生的能源叫可再生能源；像煤、石油、天然气等一旦消耗就很难再生的能源叫不可再生能源；

（2）太阳能的利用方式：一是利用太阳能热水器给它里面的水等物质加热，把太阳能转化为内能；二是利用光电转换装置，把太阳能转化为电能；三是植物光合作用转化为化学能；

（3）改变内能的方式有：做功和热传递．

解答： 解：

（1）太阳能，取之不尽、用之不竭是可再生的能源；

（2）绿色植物的光合作用是将光能转化为化学能，储存在植物体内；

（3）太阳能热水器内的水从太阳吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式增加水的内能．

故答案为：可再生；化学；热传递．

点评： 本题考查学生对太阳能利用的了解，学好知识，积极开发新能源，为解决能源危机出力！

12．如图所示，将塑料绳一端扎紧，把绳尽可能撕成更多的细丝，用手从上向下捋几下，观察到细丝蓬散开来，是因为细丝与手摩擦后带上　同　（选填“同”或“异”）种电荷而相互　排斥　．

考点： 电荷间的相互作用规律。

专题： 应用题。

分析： （1）两种不同物质摩擦时，由于不同物质的原子核对核外电子的束缚能力不同，就会导致电荷发生转移，两个物体都带了电，这就是摩擦起电．塑料细丝与手摩擦，摩擦起电，手带了一种电荷，细丝带了另一种电荷．

（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．

解答： 解：（1）塑料细丝与手摩擦，摩擦起电，手带了一种电荷，细丝带了另一种电荷．

（2）由于不同的塑料细丝带有同种电荷，同种电荷相互排斥而导致细丝蓬散开来．

故答案为：同；排斥．

点评： （1）此题考查了摩擦起电以及电荷间的作用规律．

（2）确定手与细丝摩擦，使细丝带电是解决此题的关键．

13．如图所示，塑料瓶中灌满水，用一张纸覆盖瓶口，压紧后倒置，瓶中的水和纸都不会下落，是因为　大气压　的作用．若此时在瓶底用针扎一小孔，观察到的现象是　纸片和水下落　．

考点： 大气压强的存在。

专题： 应用题。

分析： 杯中水不会下落，是因为纸片下部受到了大气压的作用，故说明了大气压强的存在；当瓶底被扎破时，瓶中水的上方也有了大气压．

解答： 解：一标准大气压大约是1.0×105Pa，它相当于10m高的水产生的压强；纸外受到大气压的作用，纸内受到瓶中水产生的压强的作用，大气压远大于瓶中的水产生的压强，所以水和纸被大气压托着，不会下落．

当瓶底被扎破一个小孔时，瓶中水的上方大气压与瓶外大气压相等，瓶中的水和纸片在自身重力的作用下下降．

故答案为：大气压、纸片和水下落．

点评： 本题借助一个趣味实验考查学生对大气压知识的理解和掌握．

14．生活中有许多关于热现象的例子．烤熟的山芋香气扑鼻，该现象表明　分子在不停的做无规则运动　；两个底面平整、干净的铅柱压紧后会粘在一起，需要用一定的外力才能将它们拉开，该实验表明　分子之间存在引力　．

考点： 扩散现象；功率在实际中的应用。

专题： 应用题。

分析： 要解答本题需掌握：①扩散现象说明，一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动；

②分子间同时存在斥力和引力．

解答： 解：（1）烤熟的山芋香气扑鼻，是因为山芋的香味分子扩散到空气中，这种现象说明了分子在不停的做无规则的运动；

（2）两个底面平整、干净的铅柱压紧后会粘在一起，需要用一定的外力才能将它们拉开，是因为当分子相互靠近时分子间存在着相互作用的引力，该实验表明：分子之间存在引力．

故答案为：分子在不停的做无规则运动；分子之间存在引力．

点评： 此题主要考查的是扩散现象在生活中的运用和分子运动论的内容，结合生活中的实际问题，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力．

15．小明将重为3N的石块挂在弹簧测力计下端，先后浸没在水和盐水中：石块静止时弹簧测力计的示数如图甲、乙所示，则石块在水中所受浮力为　1　N；从图中还可看出石块所受浮力的大小与液体的　密度　有关，若剪断图中的细线，石块将　下沉　（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）．

考点： 探究浮力大小的实验；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用。

专题： 应用题；实验题；控制变量法。

分析： （1）根据称重法F浮=G﹣F′求出石块在水中所受浮力；

（2）在甲、乙两图中，排开液体的体积相同，液体的密度不同，受到的浮力不同，据此得出结论；

（3）物体的浮沉取决于受到的重力和浮力的大小，当重力大于浮力时物体下沉．

解答： 解：（1）石块在水中所受浮力：

F浮=G﹣F′=3N﹣2V=1N；

（2）由甲和乙图可知，

石块在盐水中受到的浮力：

F浮′=G﹣F′=3N﹣1.8N=2.2N，

F浮≠F浮′，排开水的体积相同、液体的密度不同，可见浮力的大小与液体的密度有关；

（3）若剪断图中的细线时，受到的重力3N大于受到的浮力2.2N，

所以石块会下沉．

故答案为：1；密度；下沉

点评： 本题考查了浮力的计算和物体的浮沉条件，同时考查了学生利用控制变量法分析数据得出结论的能力，会用称重法测浮力、知道浮力大小的影响因素是本题的关键．

16．火车站台边缘处标有一条安全线，人必须站在安全线以外的位置候车．其原因是火车急速驶过车站时，安全线以内的空气流速　增大　、压强　减小　（以上均选填“增大”、“减小”或“不变”）．易发生安全事故．

考点： 流体压强与流速的关系。

专题： 应用题。

分析： 流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小．从人的内侧和外侧受到的压强进行考虑．

解答： 解：

当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，根据流体压强与流速的关系可知：安全线以内的地方空气流速增大，压强减小，

而此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流速的关系可知，人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险．

故答案为：增大；减小．

点评： 掌握流体压强和流速的关系，能解释有关问题．明确火车经过时造成人两侧空气流速的不同是解决此题的关键．

17．小明家电能表上月底的示数为0 8 1 1 6，本月底的示数如图所示，他家本月消耗的电能为　140　

kW．h．若按0.5元/（kW．h）计费，本月应付电费　70　元．他家同时使用的用电器总功率不得超过

　2200　W．

考点： 电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算。

专题： 计算题。

分析： （1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位kW•h．

（2）已知每度电的价格和本月消耗的电能可求出本月应交电费．

（3）明确电能表每一个参数的含义，知道电能表的额定电压和额定电流，可利用公式P=UI计算出最大的电功率．

解答： 解：

①消耗电能为：W=W1﹣W2=951.6kW•h﹣811.6kW•h=140kW•h．

②∵电费的单价为：0.5元/（kW．h），

∴应交电费为：140kW•h×0.5元/（kW．h）=70元．

③∵U=220V，I=10A，

∴使用的用电器总功率不得超过；P=UI=220V×10A=2200W．

故答案为：140；70；2200．

点评： 本题考查家庭消耗电能的计算，以及电功率的计算，关键是能正确理解电能表各个参数的物理意义，会计算一个月消耗的电能和应交电费．

18．为了比较酒精和碎纸片的热值，如图所示，两同规格的烧杯中装有质量相等的水，取质量　相等　（“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片分别放入两个燃烧皿中，点燃它们分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧通过比较　温度计的示数大小　，从而确定酒精和碎纸片的热值大小关系．

考点： 燃料的热值。

专题： 实验题。

分析： （1）由Q放=mq可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同；

（2）由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小．

解答： 解：

（1）实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内；

（2）因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化；所以可以通过温度计示数的变化（水升高的温度）来比较燃料热值的大小关系．

故答案为：相等；温度计的示数大小．

点评： 本实验用到了两种物理学方法：控制变量法和转换法，要求能理解、会用！

19．灯泡L1、L2并联后接在电源两端，电源电压为6V．L1的电阻为12Ω，通过L2的电流为0.3A，则L2的阻值为　20　Ω，通过干路的电流为　0.8　A．

考点： 欧姆定律的应用。

专题： 计算题；应用题。

分析： （1）已知灯L2两端的电压及流过该灯的电流，由欧姆定律可以求出灯的电阻；

（2）由欧姆定律求出流过灯L1的电流，然后由并联电路的特点可以求出干路电流．

解答： 解：（1）灯L2的阻值R2===20Ω；

（2）流过灯L1的电流I1===0.5A，

干路电流I=I1+I2=0.5A+0.3A=0.8A；

故答案为：20；0.8．

点评： 本题考查了欧姆定律的应用及并联电路的特点，熟练掌握欧姆定律及并联电路的特点是正确解题的关键．

20．如图所示，在测定杠杆机械效率的实验中，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在杠杆OB下面的物块缓慢上升至虚线位置，测力计的示数F为　2.5　N，测力计上升的高度s为0.2m．物块重G为

1.5N，物块上升的高度h为0.3m，则杠杆的机械效率为　90　%，使用该杠杆做额外功的一个原因是　由于使用杠杆时需要克服杠杆自重（克服摩擦力）等做功　．

考点： 杠杆机械效率的测量实验。

专题： 实验题。

分析： （1）对弹簧测力计进行读数时，需看清弹簧测力计的分度值，然后根据指针位置进行读数．

（2）在实验中，弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；杠杆的机械效率可以根据公式η=来计算．

解答： 解：（1）弹簧测力计的分度值是0.1N，读数是：2.5N；

（2）W有用=Gh=1.5N×0.3m=0.45J；

W总=FS=2.5N×0.2m=0.5J；

η=×100%=×100%=90%

（3）因为杠杆自身有重力，提升物体的同时也要提升杠杆，即克服杠杆自重做功，就有了额外功；

故答案是：2.5；90；由于使用杠杆时需要克服杠杆自重（克服摩擦力）等做功．

点评： 机械效率计算的关键是明确有用功和总功，一般来说，使用机械所用外力做的功是总功，而克服提升重物重力做的功是有用功．

三、解答题（本题共7小题，共41分，解答22题时，应写出解题过程）

21．按照题目要求作图：

（1）在图甲中画出人对竖直墙壁压力的示意图．

（2）在图乙中画出入射光线对应的折射光线．

（3）根据图丙中小磁针静止时的位置，标出通电螺线管中的电流方向．

（4）在图丁中画出杠杆所受动力F的力臂．

考点： 力的示意图；力臂的画法；透镜的光路图；通电螺线管的极性和电流方向的判断。

专题： 作图题。

分析： （1）由于力的作用，物体与墙壁间发生形变，物体对墙壁产生一个压力，压力的方向垂直于墙壁向右，然后作出压力的示意图．

（2）在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点来作图．

（3）由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可知通电螺线管的电流方向．

（4）力臂是支点到力的作用线的距离，因此要先确定支点，然后再过支点做出力的作用线的垂线，支点到力的作用线的距离，即为所求作的力臂．

解答： 解：（1）物体对墙壁的压力为F，水平向右，示意图如图所示．

（2）对于凸透镜，通过焦点发出的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴射出，如下图所示；

（3）因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故螺线管右侧为N极；

则由右手螺旋定则可知螺线管中电流由左侧流出，右侧流入；故答案如图：

（4）已知支点为O，过点O作力F的垂线段l，即为所求作的力臂．如图所示

点评： （1）凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点．

（2）本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向．

22．家住四楼的小明用电动机、定滑轮和轻绳提升装修材料，材料的质量为1OOkg．（g取10N/kg）．

（1）使用定滑轮是为了　改变作用力的方向　．

（2）材料放在水平地面上，与地面的接触面积为0.5m2此时轻绳无拉力，求材料对地面的压强．

（3）开启电动机，电动机实际消耗的电功率为1500W，通过轻绳用时10s将材料从地面提升到9m高的四楼，求该过程中电动机消耗的电能和材料的平均速度．

（4）材料离开地面后匀速上升了6m，求该过程中轻绳对材料所做的功．

考点： 定滑轮及其工作特点；变速运动与平均速度；压强的大小及其计算；功的计算。

专题： 计算题。

分析： （1）定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向．

（2）在水平面上压力等于物体自身的重力，已知接触面积，根据压强公式可求材料对地面的压强．

（3）已知电动机消耗的功率和工作时间，消耗电能根据公式W=Pt计算．速度根据v=计算；

（4）利用W=Gh计算即可．

解答： 解：（1）使用定滑轮时不省力也不费力，但可以改变作用力方向；

故答案为：改变作用力的方向．

（2）材料的重力G=mg=100kg×10N/kg=1000N，对地面的压力就等于材料的重力，F=G=1000N，

材料对地面的压强P===2000Pa．

答：材料对地面的压强为2000Pa．

（3）已知工作时间t=10s；消耗的电能是W=Pt=1500w×10s=15000J．速度为v===0.9m/s．

答：电动机消耗的电能为15000J，材料的平均速度为0.9m/s．

（4）W=Gh=1000N×6m=6000J．

答：轻绳对材料所做的功为6000J．

点评： 本题通过在定滑轮的使用过程中，考查了定滑轮的使用特点、压力、压强、功和消耗电能的计算，利用公式时注意规范和单位的统一．

23．用托盘天平和量筒测定小石块的密度．

（1）调节天平时，天平置于水平桌面上，游码移到标尺的“O”刻度后，天平指针静止时的位置如图甲所示，若使天平平衡，则应将　平衡螺母　向　右　（选填“左”或“右”）移动．

（2）调节天平平衡后，测量小石块质量的情景如图乙所示（天平下方为标尺的放大图），由此可知，被测小石块的质量为　22.4　g．

（3）量筒中倒人适量的水，使小石块浸没在水中，量筒示数如图丙所示．该小石块的体积为　10　cm3，密度为　2.24　g/cm3．

考点： 固体的密度测量实验。

专题： 实验题。

分析： （1）在使用天平之前，先要调节天平使横梁平衡．平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；

（2）使用天平测量物体质量，被测物体质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；读取标尺上的刻度时，要明确分度值；

（3）用量筒测量液体体积时，要明确量筒的分度值，视线与液面最凹处相平；已知石块的质量和体积，利用公式ρ=得到石块的密度．

解答： 解：

（1）指针偏左，说明左侧质量较大，应将平衡螺母向右移；

（2）石块的质量为m=20g+2.4g=22.4g；

（3）石块的体积为V=28cm3﹣18cm3=10cm3；

石块的密度为ρ===2.24g/cm3．

故答案为：

（1）平衡螺母；右；

（2）22.4；

（3）10；2.24．

点评： 天平的调节、使用、读数，量筒的读数，利用密度公式进行计算，这都是我们在测量密度的实验中必须掌握的．

24．在“研究水的沸腾”实验中：

（2）如图甲所示，刚倒入热水时发现温度计管壁模糊，很难看清示数，主要原因是　水蒸气遇到冷的温度计管壁时会发生液化现象，在管壁上出现了一层小水珠，　．

（3）烧杯上方加一纸盖后进行实验，如图乙所示．每隔1min记录温度计示数（见下表），4min时温度计示数如图丙所示，此时温度为　96　℃，直到水沸腾一段时间后停止读数，由表可知水的沸点为　98　℃．

考点： 探究水的沸腾实验。

专题： 实验题；作图题。

分析： （1）①液体温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的；②液体温度计所测温度应高于温度计内液体的凝固点，低于液体的沸点．

（2）物质从气态变成液态称为液化，水蒸气遇冷的物体时会发生液化现象．

（3）①进行温度计的读数，在读数之前首先要认清温度计的分度值．②沸腾时温度保持不变，此时的温度就是沸点．

（4）要做水的沸腾图象，首先根据表中数据进行描点，然后将各点用平滑的曲线连接起来．

解答： 解：（1）温度计都是根据液体的热胀冷缩性质制成的．

在标准大气压下，沸水的温度是100℃，酒精的沸点是78℃，水银的沸点是357℃，水银的沸点高于沸水的温度，所以测沸水的温度要选水银温度计．

故答案为：热胀冷缩；水银．

（2）将热水倒入烧杯中，水蒸气遇到冷的温度计管壁时会发生液化现象，在管壁上出现了一层小水珠，所以很难看清示数．

故答案为：水蒸气遇到冷的温度计管壁时会发生液化现象，在管壁上出现了一层小水珠．

（3）①由图知，温度计的分度值为1℃，所以温度计的示数为96℃．

故答案为：96．

②当温度到达98℃时就不再升高了，所以温度不变时即为沸点，此时吸热温度不变；

故答案为：96；98．

（4）根据表中数据进行描点，然后将各点用平滑的曲线连接起来．如下图所示：

点评： 此题主要考查的是温度计的构造和原理以及不同物质沸点的比较．主要考查学生应用物理知识解决实际问题的能力，同时考查了液化的概念．这些都是该实验中应该重点掌握的内容．体现物理来源于生活，服务于社会的新课程理念．

25．在“探究感应电流产生条件”的实验中小明将观察到的现象记录在下表中

（1）　闭合　（选填“闭合”或“不闭合”）电路的一部分导体在磁场中做　切割磁感线　运动时，导体中就会产生感应电流，感应电流的方向与　导体运动　方向有关．

（2）感应电流产生的过程是将　机械　能转化为　电　能的过程．

（3）请举一例说明该现象在实际中的应用　发电机　．

考点： 产生感应电流的条件；电磁感应；发电机的构造和原理。

专题： 实验题；信息给予题；转换法。

分析： （1）电路中要产生感应电流必须同时具备两个条件：电路是闭合的；导体在磁场中做切割磁感线运动．两个条件缺一不可；

感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关．

电路中是否产生感应电流以及感应电流的方向可以通过电流表的指针是否偏转以及偏转的方向来确定．这里用到了转换的方法．

（2）在实验过程中，消耗的机械能，得到了电能．

（3）图示的现象是电磁感应现象，由此可以确定其应用．

解答： 解：（1）根据记录的现象可知，当开关断开时，无论导体如何运动都不产生感应电流，因为电流表的指针没有发生偏转；

当开关闭合时，导体静止不会产生感应电流；也不是每次导体运动都会产生感应电流，只有导体做切割磁感线运动时才会产生感应电流．

将以上情况综合起来，就会得到：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流．

根据闭合电路的导体在磁场中向左运动和向右运动电流表指针偏转的方向不同，可以确定感应电流的方向与导体的运动方向有关．

（2）图示的实验现象是电磁感应现象，在电磁感应现象中机械能转化为电能．

（3）电磁感应现象的应用是制成了发电机．

故答案为：（1）闭合；切割磁感线；导体运动；（2）机械；电；（3）发电机．

点评： （1）此题考查了产生感应电流的条件、感应电流方向的决定因素、电磁感应的应用以及能量转化．

（2）根据课本知识可知，感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关，在此题第一问的最后一个空中，只能填导体运动方向，因为结论是通过记录的实验现象得出的，在该实验中并没有涉及磁场方向的改变，不要错填为磁场方向．

26．如图所示为人和一些动物的发声频率、听觉频率的范围信息，试归纳出上述信息的共性特征，井简述其合理性．

考点： 人耳感知声音的过程及听到声音的条件。

专题： 简答题。

分析： 比较人与其它动物的发声频率范围的不同；比较人与其它动物的听觉频率范围的不同．

人们把频率高于20000HZ的声音叫做超声波，它们已超过人类听觉的上限，

而把频率低于20HZ的声音叫做次声波，它们已低于人类听觉的下限．

解答： 答：根据题干的图中信息得到：狗的发声范围：452～1800赫兹，猫的发声范围是：760～1500赫兹，而蝙蝠是10000～120000赫兹，海豚的是7000～120000赫兹．狗的听觉范围是：15～50000赫兹，猫的听觉范围是：60～65000赫兹，而蝙蝠是1000～120000赫兹，海豚的是150～150000赫兹．

所以狗的发声的频率范围最小．听觉频率范围最大的动物是海豚．

点评： 此题考查动物的发声频率和听觉频率范围，要会区分．题目给定信息之后，从信息中搜寻有用的信息，这是中考的热点，也是考查学生根据信息总结结论的能力．

27．小明做“测定小灯泡电功率”的实验时，连接的实物电路如图甲所示，电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V．

（1）用笔画线替代导线，将实物电路连接完整

（2）碰接电路的最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，则连接电路时存在的不规范或不妥当是：

①　连接电路时开关没有断开　；②　滑动变阻器阻值没有全部接入电路　．

（3）实验过程中，当电压表示数为2.5V时小灯泡正常发光，由图乙可知，此时电流表的示数为　0.3　A，小灯泡的额定功率为　0.75　W．

（4）小明受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED（发光二极管）额定功率．在老师的帮助下通过实验得到该LED的电流电压图象如图丙所示，查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为　0.072　W．小明进一步发现，在额定电压下工作时，LED比小灯泡亮，请对此现象作出解释　LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多　．

考点： 探究用电器的电功率实验。

专题： 实验题；作图题；图析法。

分析： （1）把小灯泡、电流表串连接入电路，电压表并联在灯泡两端，注意电表的正负接线柱不要接反；

（2）为保证电路安全，连接电路时开关要断开，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为最大阻值；

碰触电路的最后一根导线时，灯立即发出明亮的光，可以从开关与滑动变阻器两方面分析原因；

（3）确定电流表的量程与最小分度值，读出电流表示数；由公式P=UI求出灯泡的功率；

（4）由I﹣U图象找出3V电压对应的电流，然后由P=UI求出LED灯的功率；从灯泡发光时，

电能转化为光能的效率分析LED灯比小灯泡亮的原因．

解答： 解：（1）小灯泡、电流表串连接入电路，电压表并联在灯泡两端，

电路图如图所示；

故答案为：电路图如图所示．

（2）碰接电路的最后一根导线时，灯泡立即发光，而且很亮，是由于连接电路时，没有闭合开关，滑动变阻器接入电路的阻值不是滑动变阻器的最大阻值；

故答案为：连接电路时开关没有断开；滑动变阻器阻值没有全部接入电路．

（3）由图乙可知，电流表量程是0.6A，最小分度值是0.02A，电流表示数是

0.3A，小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；

故答案为：0.3；0.75．

（4）由I﹣U图象可知，电压U=3V对应的电流I=24mA=0.024A，LED的额定功率P=UI=3V×0.024mA=0.072W，

LED工作时电能转化为光能的效率远大于小灯泡电能转化为光能的效率，因此在额定电压下工作时，LED比小灯泡亮；

故答案为：0.072；LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多．

点评： 本题考查了连接实物图、连接电路的注意事项、电流表读数、求灯泡的功率、比较LED灯比小灯泡亮的原因等，认真分析电路图，明确各电路的连接方式，是正确补全电路图的关键；由图象找出LED灯在额定电压下的电流，是正确求出LED灯功率的关键，要提高由图象获取信息的能力．