专题：

汽化和液化、升华和凝华．

分析：

壶嘴会冒“白气”，首先我们要知道“白气”是液态的，然后分析是怎样形成的．

解答：

解：壶嘴会冒“白气”，这些白气是由壶嘴冒出的水蒸气变成的小液滴，故是液化形成的．

故选：D．

点评：

本题考查液化现象，属于常见的基础题．

C．

房子的虚像

D．

因为光的折射形成的

专题：

光的传播和反射、平面镜成像．

分析：

光遇到水面、玻璃以及其他许多物体的表面都会发生反射．

解答：

解：平静的水面上有岸边房子的倒影，是由于岸边房子在水面上成的像，是平面镜成虚像，属于光的反射现象．

故选C．

点评：

解题的关键是正确认识光在传播过程中所遵循的规律，并能用来解释简单的问题；此题主要考查光的反射知识点，难度不大，属于基础题．

B．

禁止广场舞活动

C．

跳舞的大妈都戴一个播放音乐的耳机

D．

住宅楼内安装噪声监测装置

专题：

应用题；声现象．

分析：

减弱噪声的途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱．

解答：

解：A、从实际的角度出发，让住宅楼的居民都戴一个防噪声的耳罩可以减弱噪声，但不适用与实际情况，故错误；

B、广场舞是一种健身活动，禁止跳广场舞，也是不适用与实际的，故错误；

C、跳舞的大妈都戴一个播放音乐的耳机，即在声源处减弱噪声，既能锻炼身体，又不影响别人，故正确；

D、按照噪声监测装置，只能检测噪声，不能减弱噪声，故错误；

故先C．

点评：

从实际的角度分析减弱噪声的几种方式是解决该题的关键．

专题：

长度、时间、速度．

分析：

根据速度的计算公式v=推导出时间的计算公式t=，由此公式求出通过大桥的时间．

解答：

解：

∵v=，

∴汽车通过大桥所用的时间：

t===260.61s≈4min．

故选A．

点评：

此题考查的是我们对速度变形公式的掌握和应用，是一道基础题，计算过程中注意单位换算．

B．

在磁体的外部，磁感线都是从磁体的北极出发回到南极

C．

西方人最早发现地磁两极和地理两极并不重合

D．

扬声器、电磁继电器、电铃都应用了电磁铁

专题：

磁现象、电生磁．

分析：

（1）磁体周围存在磁场，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，可形象地表示磁场的性质，磁体周围的磁感线从N极出发回到S极．

（2）世界上第一个论述磁偏角的即第一个发现地磁的两极与地理的两极并不完全重合的科学家是我国宋代学者沈括，他的这一发现比西方国家早了400多年．

（3）扬声器、电铃、电磁继电器都是利用电流的磁效应工作的．

解答：

解：A、磁场是真实存在的，但磁感线是为了描述磁场分布而引入的，不是真实存在的，该选项说法不正确；

B、在磁体的外部，磁感线都是从磁体的北极出发回到南极，在内部是从南极到北极，该选项说法正确；

C、最早记述地磁两极和地理两极并不重合的是我国宋代的沈括，该选项说法不正确；

D、电磁继电器、电铃都应用了电磁铁，扬声器是利用通电线圈在磁场中受力振动的原理，与电动机原理相同，该选项说法不正确．

故选B．

点评：

本题考查了磁场、磁感线、磁偏角以及电磁铁的应用，属于电磁学基础知识的考查，相对比较简单．

专题：

热和能．

分析：

（1）不同的物体相互接触后，彼此进入对方的现象叫做扩散现象，扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动；

（2）做功与热传递都可以改变物体的内能．

解答：

解：

液化石油气的气罐打开后，整个房间都可闻到它的气味，这是石油气分子不停地做无规则的运动，运动到空气中被人们闻到，这种现象叫扩散现象；

高速公路服务区司机把大货车停在水坑中，这是通过热传递方式给轮胎降温．

故答案为：扩散；热传递．

点评：

本题考查了分子运动现象，改变物体内能的方式有两种：做功与热传递，本题密切联系生活实际，是一道考查学生能力的好题．

分析：

（1）如图用手指接触测电笔笔尾的金属体，笔尖接触火线，氖管会发光，则笔尖接触的是火线；

（2）三孔插座中间多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座的C孔与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止人触电．

解答：

解：测电笔笔尖接触B孔的电线时，氖管发光，说明测电笔的笔尖接触的是火线，可见，连接火线的是B孔；

三孔插座比两孔插座多的C孔是跟大地连接的，通过三孔插头和家用电器的金属外壳相连．

故答案为：火，大地．

点评：

此题主要考查测电笔的使用方法和使用三孔插座的接法，要求明白其中的道理，注意用电安全．

专题：

电能和电功率．

分析：

利用P=求电功率，电流通过导体产生热量这是电流的热效应．

解答：

解：因为t=1h，W=5kW•h

则P===5kW；

“电热驱蚊器”是利用电流的热效应工作的．

故答案为：5；热．

点评：

此题考查学生关于电功率的运算和电流的热效应的理解和掌握．

专题：

热和能．

分析：

已知水的初温和吸收的热量，利用热量公式的变形公式可求出水的末温；

内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．

解答：

解：由Q吸=cm（t﹣t0）得，

∴△t===11℃，

∵在1标准大气压下，水的沸点为100℃，并且沸腾时水的温度不变，

∴水吸热后，末温为100℃；

四冲程内燃机的四个冲程依次是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．

故答案为：100；做功．

点评：

本题考查学生对热量公式Q吸=cm△t的理解和运用．注意在一个标准大气压下，水的沸点为100℃．同时考查了内燃机的四个冲程，是一道基础性题目．

专题：

应用题；电能和电功率．

分析：

由电路图可知，将S打至2挡时，电路为R2的简单电路，知道功率和电压，根据P=UI求出正常工作时的电流；将S打至1挡时，电路为R1的简单电路，根据P=求出两发热丝的电阻之比．

解答：

解：由电路图可知，将S打至2挡时，电路为R2的简单电路，

由P=UI可得，电熨斗在220V电压下正常工作的电流：

I===5A；

将S打至1挡时，电路为R1的简单电路，由P=可得，两发热丝的电阻之比：

===（）2=（）2=．

故答案为：5； 1：4．

点评：

本题考查了电功率公式的灵活应用，关键是两个档位电压的判断，不要颠倒．

专题：

机械能及其转化．

分析：

机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关．

解答：

解：洒水车匀速前进不断洒水的过程中，质量减小，速度不变，动能减小；质量变小，高度不变，重力势能变小；洒水车的动能变小，重力势能减小，故机械能变小；

故答案为：变小；变小．

点评：

熟练掌握影响动能和势能的因素，注意质量既影响动能，也影响重力势能，即可解答此题．

专题：

运动和力．

分析：

力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的同时，受到另一个物体的反作用力；

物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性是物体本身的性质，任何物体都具有惯性．

解答：

解：

手拍桌子时，手对桌子施加力的作用，由于力的作用是相互的，桌子对手产生反作用力，所以手感觉疼；

下楼时，人如果走的太快，当前面的同学意外停下来时，后面的同学由于惯性会保持向前运动的状态，很容易发生踩踏事故．

故答案为：相互的；惯性．

点评：

知道力的作用是相互的，任何物体都具有惯性，会用力的作用和惯性知识解释相关现象，属于基础知识的考查．

专题：

重力、弹力、摩擦力．

分析：

根据增大和减小摩擦力的方法进行解答．

（1）增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度．

（2）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，用滚动代替滑动，使接触面脱离．

解答：

解：冬天，在结冰的路面上铺上草垫子，可以防止走路滑到，这是采取了增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，有利于前行．

故答案为：增大接触面粗糙程．

点评：

掌握摩擦力大小的影响因素，利用增大和减小摩擦力的方法解决生活中的实际问题，属于基础题，难度不大．

专题：

透镜及其应用．

分析：

（1）凸透镜（远视镜片）的度数是正数，凹透镜（近视镜片）的度数是负数．眼镜的度数等于焦距的倒数乘100．

（2）物体到透镜的距离（物距）大于二倍焦距，成的是倒立、缩小的实像；

解答：

解：（1）由凸透镜（远视镜片）的度数是正数可知，标着+200度的眼睛片，属于远视镜片．

（2）物体到透镜的距离（物距）大于二倍焦距，成的是倒立、缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的，因为相机的镜头焦距是50mm，所以胶片到镜头的距离范围是大于50mm小于100mm（或50mm＜v＜100mm）．

故答案为：远视；大于50mm小于100mm．

点评：

本题考查了由眼镜的度数的正负判断是近视眼镜还是远视眼镜以及凸透镜成像的规律在实际生活中的应用．

专题：

作图题．

分析：

在作凸透镜的光路图时，先确定所给光线的特点再根据透镜的光学特点来作图．

解答：

解：对于凸透镜，折射光线过焦点，则入射光线与主光轴平行．

故答案为：

点评：

凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点．

专题：

图像综合题．

分析：

掌握杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，若要使动力最小，则动力臂要最长，图中从支点O到作用点A的距离就是最长的动力臂；

根据力臂的概念，做出OA的垂线确定动力作用线，根据杠杆的平衡确定力的方向．

解答：

解：G的力臂是从支点到重力作用线的距离，

在A点施加力，OA的距离最长，所以连接OA，然后做OA的垂线，方向向下，如图所示：

点评：

此题考查了杠杆平衡中最小力的问题，要掌握杠杆的平衡条件，确定杠杆的最长动力臂，根据力臂的概念确定力的方向．

专题：

作图题；磁现象、电生磁．

分析：

已知电源的正负极，则由右手螺旋定则可知通电螺线管的磁极，根据磁感线的特点可知出永磁体的磁极及磁感线的方向．

解答：

解：电源左侧为正极，则电流由左侧流入螺线管，则由右手螺旋定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极；

因外部磁感线总是由N极指向S极，则通电螺线管及永磁体间一定为异名磁极相对；故永磁体左侧为S极，右侧为N极；磁感线由通电螺线管指向永磁体；

故答案如图：

点评：

本题考查右手螺旋定则及磁感线的特点，要求熟练应用右手螺旋定则判断螺线管的磁极，并能熟记几种常见磁铁的磁感线形状．

专题：

探究型实验综合题．

分析：

（1）弹簧测力计读数时要看清分度值，根据指针的位置读数；

（2）由图可见，实验中拉力的方向没有竖直向下，导致力臂不能从杠杆上正确读出．

解答：

解：（1）图中弹簧测力计的分度值是0.2N，指针指在3N下面第3个小格上，因此弹簧测力计读数为3N+0.2N×3=3.6N；

（2）实验中，拉力的方向向右倾斜，即拉力没有与杠杆垂直，导致阻力臂偏小，根据杠杆平衡条件，动力、动力臂不变时，阻力臂变小，阻力就会变大，因此弹簧测力计的示数变大．

故答案为：（1）3.6；（2）拉力没有与杠杆垂直．

点评：

知道弹簧测力计是用来测量力的仪器；读数时，要先看清分度值，然后再读，属于基础题目．

专题：

探究型实验综合题．

分析：

（1）在电源电压不变的情况下，根据欧姆定律I=可知，电流越小，也就说明电阻越大．而在灯泡的电阻一定时，根据电功率的计算公式P=I2R，电流越小，灯泡就越暗．

（2）导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关，当探究影响导体电阻大小的因素时，应控制其它的因素不变，只改变该因素看电阻如何变化就可以．

解答：

解：（1）在电源电压不变的情况下，AB之间接入的电阻越大，电路中的总电阻越大，电流就越小．灯泡电阻不变的情况下，电流越小，灯泡的实际功率就越小，灯泡就越暗．所以可以根据电流表示数的大小或灯泡的亮暗程度来判断所接入导体电阻的大小．

（2）导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关：

当探究导体电阻与长度的关系时，可控制横截面积和材料不变，改变导体的长度，能够完成；

当探究导体电阻与横截面积的关系时，可控制长度和材料不变，改变导体的横截面积，能够完成；

当探究导体电阻与材料的关系时，可控制长度和横截面积不变，因为只有一个金属丝，所以无法改变材料，不能够完成；

故答案为：（1）电流表示数（灯泡亮度）；（2）长度；横截面积．

点评：

解决此类影响导体的电阻与多因素有关时，应采用控制变量法进行分析．

电流I/A

0.30

0.15

0.10

专题：

探究型实验综合题．

分析：

（1）探究电流与电阻关系，应控制电阻两端电压不变电压表应与电阻并联，测电阻两端电压．

（2）滑动变阻器在电路中的作用有两方面：保护电路，改变用电器两端电压；

（3）根据表中数据，利用U=IR可知定值电阻两端电压，然后根据滑动变阻器两端电压和电路中最小的电流求出滑动变阻器接入电路的阻值，即可选择出符合要求的滑动变阻器．

解答：

解：（1）由电路图可知，电压表测电源电压，不能保持定值电阻两端电压不变，连接错误，电压表应与定值电阻并联，电路图如图所示．

（2）实验目的是探究“电流与电阻的关系”，应控制阻值不同的定值电阻两端电压不变；

（3）由I=∴根据表中数据可知，定值电阻两端电压：UR=IR=0.1A×15Ω=1.5V；

∵串联电路两端电压等于各部分电压之和∴滑动变阻器两端电压：U滑=3V﹣1.5V=1.5V，

则滑动变阻器接入电路的最大阻值：R===15Ω．

故选50Ω、1A的滑动变阻器．

故答案为：（1）改正后电路如图：

不能保持定值电阻两端电压不变；

（2）保持定值电阻两端电压不变；（3）50Ω、1A．

点评：

本题探究电流与电阻之间的关系，注意实验结论的正确总结和归纳；侧重考查控制变量法．是中考的热点考查内容，要重点关注．

1

6

3

2.5

9

2

6

5

2.5

18

3

6

8

2.5

24

专题：

测量型实验综合题．

分析：

（1）根据表中实验数据分析答题．

（2）根据表中实验数据应用功的计算公式与效率公式求出滑轮组效率．

（3）根据表中实验数据求出承重绳子的有效股数，然后连接滑轮组．

（4）分析表中实验数据，然后得出结论．

解答：

解：（1）由表中1、3组实验数据可知，测力计移动距离是物体上升高度的3倍，由此可知滑轮组承重绳子的有效股数n=3，由表中第2组实验数据可知，物体上升高度为5cm，测力计移动距离应该是15cm，而不是18cm，因此错误的实验数据是：18cm．

（2）由表中实验数据可知，第三次实验时，滑轮组的效率：

η=×100%=×100%=×100%=80%．

（3）由（1）可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3，滑轮组如图所示：

（4）由表中实验数据可知，重物重力相同而重物被提升的高度不同，滑轮组的机械效率相同，由此可知：滑轮组的机械效率与物体提升的高度无关．

故答案为：（1）18cm；（2）80%；（3）如图所示；（4）滑轮组的机械效率与物体提升的高度无关．

点评：

本题考查了实验数据分析、求滑轮组效率、绕滑轮组等问题，根据表中实验数据求出承重绳子的有效股数是正确解题的前提与关键．

专题：

计算题；压强和浮力．

分析：

（1）已知物体A的体积，根据密度公式求出质量，根据G=mg求出重力，物体A漂浮，浮力等于木块重力；

（2）利用阿基米德原理求出排开水的体积，则可知取出的那部分物体的体积，根据密度公式求出其质量；

（3）根据取出的那部分物体的质量求出重力，则根据p=求变化的压强．

解答：

解（1）由ρ=得：物体A的质量mA=ρAVA=0.8×103kg/m3×20m3=1.6×104kg，

则GA=mAg=1.6×104kg×10N/kg=1.6×105N．

∵物体A漂浮于水面上，

∴F浮=GA=1.6×105N．

（2）由F浮=ρ水gV排得：

V排==16m3，

取出的那部分物体的体积V′=V排=×16m3=8m3，

由ρ=得质量：

m′=ρAV′=0.8×103kg/m3×8m3=6.4×103kg，

（3）根据取出的那部分物体的重力G′=m′g=6.4×103kg×10N/kg=6.4×104N．

∵△F=G′=6.4×104N，

∴△p===6400Pa．

答：（1）物体A所受到的浮力是1.6×105N．

（2）取出的那部分物体的质量是6.4×103kg．

（3）待剩余部分再次静止后，容器底部受到压强减小了6400Pa．

点评：

本题考查阿基米德原理的应用和压强的计算，注意柱状容器里的液体压强可以利用公式p=求，物体漂浮时的浮力利用漂浮的条件来求，因此，解题时选对方法才能起到事半功倍的效果．

专题：

应用题；电路和欧姆定律．

分析：

（1）由电路图可知，当滑片移至a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电路中的总电阻最小，根据欧姆定律可知电路中的电流最大，据此进行判断；

（2）当滑片移至b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图象可知此时电路中的电流；

（3）根据串联电路的分压特点可知，当滑片移至b端时，R1两端的电压最小，据此判断R1的I﹣U图象，并读出对应的电压和电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；

（4）根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出滑片位于a端、b端电源的电压，联立等式即可求出电源的电压．

解答：

解：（1）由电路图可知，当滑片移至a端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，电路中的总电阻最小，

由I=可知，电路中的电流最大，

由图象可知，对应的是图乙中的B点；

（2）当滑片移至b端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，

由图象可知电路中的电流为1A；

（3）因串联电路中电阻越大分得的电压越大，

所以，当滑片移至b端时，R1两端的电压最小，图象中AB是R1的I﹣U图象，

此时U1=1V，电路中的电流I=1A，

则R1===1Ω；

（4）由图象可知，滑片位于a端时，V2的示数为3V，电路中的电流I′=3A，

滑片位于b端时，V2的示数为9V，电路中的电流I=1A，

因串联电路中的总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，

所以，U=UV2+I′R3=UV2′+IR3，

即3V+3A×R3=9V+1A×R3，

解得：R3=3Ω，

电源的电压U=UV2+I′R3=3V+3A×3Ω=12V．

答：（1）B；

（2）1；

（3）R1的阻值为1Ω；

（4）电源的电压为12V．

点评：

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是判断出滑片位于两端时对应的电表示数之间的关系，对学生的读图能力要求较高．