一、选择题（本题有20小题，每小题3分，共60分．请选出各题中一个符合题意的正确选项，不选、多选、错选，均不给分）

1．（2012•义乌市）有关测电笔的使用，下列说法正确的是（）

A．氖管发光时测电笔接触的是零线B．使用时手可以接触测电笔的任何部位C．测电笔不能用来辨别电池的正负极D．测电笔与手接触的部分都是绝缘体

考点： 测电笔的使用。

专题： 应用题。

分析： 用测电笔来鉴别火线与零线．使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光．

解答： 解：A、当测电笔笔尖接触火线时，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线．故说法错误．

B、使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，因此手不能接触笔尖金属体笔．故说法错误．

C、测电笔是来鉴别火线与零线，测电笔不能辨别电池的正负极．故说法正确．

D、使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体．故说法错误．

故选C．

点评： 掌握测电笔的正确使用，手一定接触笔尾金属体，手一定不能接触笔尖金属体．

2．（2012•义乌市）排球是义乌市学业考试体育测试的项目之一．如图是某同学排球考试时的场景．下列分析正确的是（）

A．排球离开手后还能继续向上运动是由于受到惯性的作用B．在击打排球过程中人没有对排球做功C．手击打排球的力大于排球对手的作用力D．排球上升到最高点时受力不平衡

考点： 惯性；力作用的相互性。

专题： 应用题；图析法。

分析： （1）惯性是状态量，不可以说惯性力及惯性作用．

（2）根据做功的两个必要条件判断．

（3）根据力的作用是相互的进行分析判断．

（4）处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力作用，根据二力平衡的条件分析物体所受的平衡力．

解答： 解：A、惯性是个状态量，排球离开手后，由于惯性还能继续向上运动，不能说由于惯性作用．故A错误．

B、在击打排球过程中，运动员对排球施加了力的作用，根据做功的条件知，运动员对铅球做了功．故B错误．

C、由于物体间力的作用是相互的，则手击打排球的力等于排球对手的作用力．故C错误．

D、排球上升到最高点时，只受重力作用，因此受力不平衡．故D正确．

故选D．

点评： 需要掌握以下内容：（1）任何物体在任何情况下都有惯性，惯性是物体的固有属性．（2）物体间力的作用是相互的．（3）做功条件的两个必要条件．（4）平衡力的理解．

3．（2012•义乌市）下列说法正确的是（）

A．做功可以改变物体的内能，所以物体内能的改变一定是对它做了功B．力是改变物体运动状态的原因，所以物体运动状态的改变一定受到了力的作用C．单质只含一种元素，所以只含一种元素的物质一定是单质D．溶液是均一、稳定的，所以凡是均一、稳定的液体一定是溶液

考点： 做功改变物体内能；力的作用效果。

专题： 学科综合题。

分析： 利用下列知识分析判断：

（1）改变物体的内能方法有：一是做功，二是热传递，二者是等效的；

（2）力是改变物体运动状态的原因；惯性是维持物体运动的原因；

（3）要是单质的前提，此物质应首先保证是纯净物；

（4）溶液是指由一种或多种物质分散到另外一种物质里形成的均一、稳定的混合物．溶液的特征是均一的、稳定的混合物．

解答： 解：

A、物体内能的改变可能是物体对它做了功，也可能是吸收了热量，故A错；

B、力是改变物体运动状态的原因，所以物体运动状态的改变一定受到了力的作用，正确；

C、含一种元素的物质不一定是单质，如臭氧和氧的混合物，该物质中只含氧这一种元素，但它是混合物，所以不是单质，故C错；

D、均一、稳定的液体不一定就是溶液．例如水、酒精等都是均一、稳定的液体，它们都是纯净物，不属于溶液．故D错．

故选B．

点评： 本题为跨学科学科（物理、化学）的综合题，要求灵活运用物理、化学的知识进行判断，由于属于基础知识，难度不大．

4．（2012•义乌市）下列同一选项中，采用的主要研究方法不同的是（）

A 用光线来描述光的传播 B 研究牛顿第一定律

用磁感线来描述磁场 研究影响导体电阻大小的因素

C 研究种子萌发的条件 D 通过亮度来判断灯泡实际功率的大小

研究影响液体蒸发快慢的因素 通过吸引大头针的数目来判断磁性强弱

A．AB．BC．CD．D

考点： 物理学方法。

专题： 控制变量法；模型法；转换法。

分析： 解决此题要知道物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，这种方法叫控制变量法；它是科学探究中的重要思想方法，控制变量法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一．

解答： 解：A、用光线来描述光的传播和用磁感线来描述磁场，都是采用模型法来研究问题的．故A用的研究方法相同；

B、研究牛顿第一定律，用的是实验推理法；研究影响导体电阻大小的因素用的是控制变量法．故B两个实验用的研究方法不同；

C、研究种子萌发的条件和研究影响液体蒸发快慢的因素实验，都用的是控制变量法．故C中两个实验用的研究方法相同；

D、通过亮度来判断灯泡实际功率的大小和通过吸引大头针的数目来判断磁性强弱两个实验，都用的是转换法．故D中两个实验用的研究方法相同．

故选B

点评： 解决此类物理学方法问题，要结合研究对象判断所用的研究方法．物理学方法的考查是中考中的热点，需要同学们仔细分析．

5．（2012•义乌市）如图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小．则下列分析正确的是（）

A．电磁铁的上端为S极B．电源左端为“+”极C．抽去铁芯，弹簧测力计示数增大D．断开开关，弹簧测力计示数为零

考点： 影响电磁铁磁性强弱的因素；弹簧测力计的使用与读数；磁极间的相互作用；安培定则；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用。

专题： 应用题。

分析： 首先要明确电磁铁磁性强弱的影响因素：有无铁芯、电流大小、线圈匝数的多少．

（①首先判断出滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中电阻的变化，从而可以确定电路中电流大小的变化，再确定电磁铁磁性强弱的变化；知道磁体的下端为N极和弹簧测力计的示数变小，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性．判断A是否符合题意．

②知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电源的正负极．判断B是否符合题意．

③首先判断出抽去铁芯后，电磁铁磁性强弱的变化，再根据磁体间的相互作用规律，可以确定弹簧测力计示数的变化．判断C是否符合题意．

④电磁铁的磁性的有无可以通过电流的通断来控制，首先判断出断开开关，如何引起电流的变化，再判断出电磁铁磁性强弱的变化，可从而以确定弹簧测力计示数的变化．

解答： 解：

①滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，从而可以确定电磁铁的磁性变强；

而磁体的下端为N极，并且弹簧测力计的示数变小，

∵异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，

∴电磁铁的上端为N极．故A不符合题意．

②∵电磁铁的上端为N极，下端为S极，

由安培定则可知，电流电磁铁的下端流入，故电源右侧为正极，左端为负极．故B不符合题意．

③∵抽去铁芯后，电磁铁的磁性变弱，

而电磁铁的上端为N极，并且同名磁极相互排斥，

∴对条形磁铁的排斥力减小，故弹簧测力计的示数将变大．故C符合题意．

④断开开关，电路中没有电流，所以电磁铁磁性无磁性，

即电磁铁对条形磁铁即不吸引也不排斥，

但条形磁体有重力，故弹簧测力计有示数．故D不符合题意．

故选C．

点评： 本题考查了学生对电磁铁磁性强弱的影响因素、磁体间的相互作用规律、安培定则的理解和应用，都是基础内容，要想很好的解决此题，就需要学生很好地掌握这些基础知识．

6．（2012•义乌市）如图所示，光滑的地面上有一足够长的木板，在木板的右端固定着一个滑轮（不计绳与滑轮间的摩擦），木板上面放置一个小木块，小木块一端连接着弹簧测力计．当拉力F为5牛时，木板向右做匀速直线运动，然后把拉力增大到10牛时，下列分析正确的是（）

A．弹簧测力计的示数为20牛B．弹簧测力计的示数为0牛C．木板仍向右做匀速直线运动D．小木块将保持静止

考点： 二力平衡条件的应用；动滑轮拉力的计算。

专题： 应用题；图析法。

分析： 匀速直线运动的物体受到平衡力作用，则可根据物体处于平衡状态时的滑动摩擦力．滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关．

解答： 解：当拉力F为5牛时，木板向右做匀速直线运动，木板受到地面和小木块水平向左的摩擦力，由于物体间力的作用是相互的，则小木块受到木板水平向左的摩擦力，又因为滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度无关，则当把拉力增大到10牛时，由于木块与木板间的压力和接触面的粗糙程度不变，则小木块受到的摩擦力等于弹簧对它的拉力是一对平衡力，因此小木块将保持静止状态．

故选D．

点评： 滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体进行加速、减速、匀速都没有关系，跟物体的运动速度大小无关，这点容易忽视．

二、简答题（本题有10小题20空格，每空格2分，共40分）

7．（2012•义乌市）如图是中国第一艘航母﹣﹣“瓦良格号”，舰长304米、舰宽70.5米，满载时排水量达67500吨．它满载时所受的浮力为　6.75×108　牛．“瓦良格号”航行的过程中，两侧的护卫舰不能靠它太近是因为　两护卫舰内侧水的流速大于外侧水的流速，造成了两护卫舰内侧水的压强小于外侧水的压强　，外部的水会把两舰挤在一起．（g取10牛/千克）

考点： 阿基米德原理；流体压强与流速的关系。

专题： 简答题。

分析： （1）航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力；

（2）流体流速大的地方压强小，流速小的地方压强大．

解答： 解：（1）满载时受到的浮力：

F浮=G排=m排g=67500×103kg×10N/kg=6.75×108N；

（2）护卫舰向前航行的过程中，两护卫舰内侧水的流速大于外侧水的流速，造成了两护卫舰内侧水的压强小于外侧水的压强，外部的水会把两舰挤在一起．

故答案为：6.75×108；两护卫舰内侧水的流速大于外侧水的流速，造成了两护卫舰内侧水的压强小于外侧水的压强．

点评： 本题考查了学生对阿基米德原理、流体压强和流速关系的了解和掌握，知道航母满载时排水量就是排开水的质量是本题的关键．

8．（2012•义乌市）2011年10月，年设计作业量50万标箱的“义乌港”一期建成并投入使用．“义乌港”二期工程也已经开工建设，建成后将达到年出口110万标箱的处理能力．

（1）已知20尺柜规格的集装箱长5.69米，若将110万个20尺柜规格的集装箱首尾相连，你以1.1米/秒的速度通过这些集装箱需要　66　天（结果保留整数）．

（2）起重机将一只质量为8吨的集装箱从地面吊到高为1.2米的货车上，至少需对集装箱做功　9.6×104　焦．（g取10牛/千克）

考点： 速度公式及其应用；功的计算。

专题： 计算题。

分析： （1）计算出110万个20尺柜规格的集装箱首尾相连的总长度S，利用速度计算公式的变形式t=计算出时间；

（2）起重机克服集装箱的重力做功，根据W=Gh就可以计算出功的大小．

解答： 解：（1）110万个20尺柜规格的集装箱首尾相连的总长度：S=1.1×106×5.69m=6.259×106m；

人以1.1米/秒的速度通过这些集装箱需要的时间：

t===5.69×106s

∵1天=24h=24×3600s=86400s

∴5.69×106s=65.86天≈66天

（2）质量为8吨的集装箱的重力：G=mg=8×103kg×10N/kg=8×104N

起重机把集装箱从地面吊到高为1.2米的货车上做功为：

W=Gh=8×104N×1.2m=9.6×104J

故答案为：（1）66；（2）9.6×104．

点评： 本题结合重大时事考查相关的物理知识，易错点在第（1）问，数据较大，在计算时要细心，以免出错．

9．（2012•义乌市）魔术是深受同学们喜爱的节目，其中包含着许多科学原理．图甲是某同学自制的一只魔术箱，表演时他将开口的方形空箱面展示给观众，把纸币从空箱顶端的投币口投入，结果纸币“不翼而飞”．原来魔术箱中有一块平面镜（如图乙），它与箱底的夹角为　45　度，使观众觉得箱子里没有东西．观众不能看见平面镜后面的纸币是因为光具有　直线传播的　性质．

考点： 光直线传播的应用；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。

专题： 图析法。

分析： 平面镜成像的特点：平面镜成的像为虚像，像与物关于平面镜对称；

光在均匀介质中是沿直线传播的．

解答： 解：从甲图观察口看到的是方格子，而从乙图中可以看出，观察口正前方没有方格纸，因此它是利用平面镜成像得到的，故像刚好成在观察口的正前面，因此镜面与箱底的夹角为45度；而观众不能看见平面镜后面的纸币是因为光具有直线传播的性质．

故答案为：45；直线传播的．

点评： 本题考查平面镜成像的特点以及光沿直线传播的应用，从该题中我们认识到了魔术的虚幻以及知识的重要性．

10．（2012•义乌市）如图所示，质量、形状相同的铝线框A和塑料线框B从同一高度自由下落并经过某一磁场区（“×”代表磁感线垂直于纸面向里）．若不计空气阻力，两线框落地时具有的动能分别为EA和EB，则EA和EB大小关系是　EA＜EB　．

考点： 电磁感应；磁场对电流的作用力。

专题： 图析法。

分析： 从能的转化角度分析，金属框和塑料框质量相等，在最高点时，重力势能相等，分析金属框和塑料框由静止自由下落到地面时能的转化情况即可判断动能为EA和动能EB的大小．

解答： 解：金属框由静止自由下落到地面的过程中，金属框通过磁场会产生感应电流，有一部分能量转化为电能，所以在此过程中金属框的重力势能转化为动能和电能；塑料框由静止自由下落到地面的过程中，塑料框通过磁场不会产生感应电流，所以重力势能全部转化为动能；又因为金属框和塑料框质量相等，在最高点时，重力势能相等，所以EA＜EB．

故答案为EA＜EB．

点评： 本题的关键有两点：

（1）不计空气阻力，能量转化的过程中，能量相等；

（2）金属框和塑料框由静止自由下落到地面的过程中，转化是不一样的．

三、实验探究题（本题有5小题15空格，每空格2分，共30分）

11．（2012•义乌市）如图是某同学在做电学实验时所连接电路的一部分．请分析：

（1）该同学不可能在做什么实验？　C　

A．伏安法测小灯泡的电阻

B．测小灯泡的电功率

C．研究串、并联电路电流的特点

（2）若要研究通过导体的电流与导体两端电压的关系，除了图示器材外还需要：电源（恒压）、开关、导线、　滑动变阻器　，同时应将小灯泡换成定值电阻，理由是　保护电路和改变电阻两端电压，多次测量求平均值减小测量误差　．

考点： 伏安法测电阻的探究实验；探究电流与电压、电阻的关系实验；探究用电器的电功率实验。

专题： 实验题。

分析： （1）由图可知，电压表测灯泡两端的电压，电流表测通过灯泡的电流，根据欧姆定律可求灯泡的电阻，根据P=UI可知可求灯泡的电功率．

（2）伏安法测电阻的实验中为减小误差需要多次测量求平均值，据此选择实验器材．

解答： 解：（1）由图可知，分别用电压表和电流表测出灯泡两端的电压和通过的电流，

根据R=可知，可求灯泡的电阻；根据P=UI可知，可求灯泡的电功率．

（2）实验中除了所给的器材，还需要滑动变阻器保护电路和改变电阻两端电压，多次测量求平均值减小测量误差．

故答案为：（1）C；（2）滑动变阻器；保护电路和改变电阻两端电压，多次测量求平均值减小测量误差．

点评： 解决本体的关键是知道伏安法测电阻和电功率实验的原理，以及滑动变阻器在实验中的作用．

12．（2012•义乌市）中国是礼仪之邦，接待客人时常常会泡上一杯热茶．某同学用热水泡茶时发现茶叶很快就会沉入水底，他想如果用冷水来泡茶情况又是怎样的呢？为此他做了用不同温度的水泡茶的实验，并测出了茶叶从加水到下沉所需的时间，结果如表所示．

温度（℃） 20 40 60 80 100

时间（分） 220 130 25 10 4

【现象分析】茶叶吸水膨胀，它的重力增大，浮力　增大　，由于重力大于浮力，所以下沉．

【原因解释】由上表可知，温度越高，茶叶从加水到下沉的时间越短，请从微观角度解释其可能的原因：　温度越高，分子运动越快　．

【实际应用】夏季到了，又是电蚊香大显身手的时候．使用时，接上电源，使蚊香片温度升高，香味很快散发到空气中．请你再举出一个上述原理在生活中应用的例子：　把衣服晒在阳光下容易干　．

考点： 物体的浮沉条件及其应用；扩散现象。

专题： 应用题；信息给予题。

分析： （1）茶叶吸水膨胀，原本卷曲的茶叶一边舒展开来，使其排开水的体积增大，受到的浮力也随之增大，当浮力大于茶叶的重力时，茶叶又慢慢地浮到水面上来了；

由于不断地吸水，当茶叶的重力大于其浮力时，又慢慢地沉入杯底．

如此反复几次，直至茶叶完全舒展开，且重力大于它所受到的浮力时，就沉在杯底不再浮上来了．

总之，茶叶的沉和浮主要取决于浮沉条件的因素而定！

（2）温度越高的热水，毛细现象就越显著．所以热水对茶叶上的呼吸小孔有着很好的穿透力，不断侵入各个小孔内，直至填满，开水泡湿以后的茶叶，密度大于水，自然就会下沉．

（3）首先明确电蚊香的原理：蚊香片温度升高，香味很快散发到空气中，然后方可举例．

解答： 解：（1）泡茶时，茶叶在水中很快吸水，叶子中的气体容易被排除，原本卷曲的茶叶一边舒展开来，使其排开水的体积增大，受到的浮力也随之增大，由于不断地吸水，当茶叶的重力大于其浮力时，茶叶就会下沉．

故答案为：增大．

（2）因为温度越高，分子运动越快，温度越高，所以开水泡湿以后的茶叶，从加水到下沉的时间越短．

（3）因为电蚊香的原理：蚊香片温度升高，香味很快散发到空气中，与此相类似的应用实例很多：如，①把衣服晒在阳光下容易干，是因为温度越高，水分子很快散发到空气中．

②空气清新剂的香味分子不停地做无规则的运动，运动到空气中被人们闻到了香味，这种现象叫扩散现象．温度越高，分子运动越快，夏天气温高，所以香味散发得快．

故答案为：增大；温度越高，分子运动越快；把衣服晒在阳光下容易干．

点评： 本题结合热水泡茶这一生活中的实例，主要考查学生对：物体浮沉条件的应用、扩散现象与温度关系的了解和掌握，以及考查用物理知识解释生活中的物理现象的能力，是一道理论联系实际的应用题．

四、分析计算题（本题有4小题，第36题4分，第37、38题各5分，第39题6分，共20分）

13．（2012•义乌市）如图所示，已知电源电压保持不变，滑动变阻器的阻值范围0～20欧．闭合开关，当滑片P位于A端时，电压表的示数为2伏；当滑片P位于B端时，电流表的示数为0.3安．

求当滑片P位于A端时：

（1）电流表的示数；

（2）小灯泡的电功率．

考点： 电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用。

专题： 计算题；应用题；动态预测题。

分析： （1）当滑片P位于A端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据欧姆定律求出电流表的示数，再根据串联电路的电压特点和欧姆定律表述出电源的电压．

（2）当滑片P位于B端时，电路为电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，联立等式求出灯泡的电流，再根据P=I2R求出当滑片P位于A端时小灯泡的电功率．

解答： 解：等效电路图如下图所示：

（1）当滑片P位于A端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，

电流表的示数I===0.1A，

电源的电压U=I（RL+RAB）=0.1A×（RL+20Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①

（2）当滑片P位于B端时，电路为电路为灯泡的简单电路，

电源的电压U=I′RL=0.3A×RL﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②

由①②两式可得：RL=10Ω，U=3V；

当滑片P位于A端时，小灯泡的电功率PL=I2RL=（0.1A）2×10Ω=0.1W．

答：（1）电流表的示数为0.1A；

（2）小灯泡的电功率为0.1W．

点评： 本题考查了电流、电功率的计算，关键是根据电源的电压不变得出灯泡的电阻，然后进行解答．

14．（2012•义乌市）节能灯的使用已经越来越普遍．与普通白炽灯相比，节能灯的节能效果如何？使用节能灯是否经济？围绕以上疑问，某同学通过网络查到了以下相关资料：

I．有如图1标志的节能灯才符合国家标准中节能评价的要求；

II．白炽灯和节能灯的平均使用寿命分别为2000小时和8000小时；

III．一只“220V 12W”的节能灯与一只“220V 60W”的白炽灯在正常工作时发光效果相当；

IV．节能灯的发光原理和日光灯较为接近，都是通过紫外线激发灯管内壁的荧光粉涂层来达到发光的目的．节能灯的亮度是由被激发的荧光粉的量决定的，而一定功率的节能灯只能激发一定量的荧光粉．同时，过厚的荧光粉涂层会反过来吸收可见光而影响亮度．

请结合以上资料，完成下列问题：

（1）节能标志是一种　符号　．（选填“模型”或“符号”）

（2）若电价为0.5元/kw•h，用一只“220V 12W”的节能灯（价格11元/只）替代一只“220V 60W”的白炽灯（价格2元/只）．则节能灯只要工作　375　小时以上，就能做到既节能又经济．新　0　

（3）结合资料 IV，为了使灯管中荧光粉达到一定的量，而涂层不至于过厚，通常把节能灯做成U形或螺旋形（如图2），目的是在灯管管径不变的条件下，通过增加灯管的　长度　来增大亮度，同时可以使节能灯的尺寸不会地过大．

考点： 电功的计算。

专题： 计算题；信息给予题。

分析： （1）节能标志是一种符号．

（2）灯的成本等于灯消耗电能的电费和灯泡的价格之和．

①求出时间t内使用使用白炽灯的成本；

②求出时间t内使用节能灯的成本；

③求出使用两种灯的成本相等的时间t，该时间t就是使用节能灯合算的最少时间．

（3）为了使灯管中荧光粉达到一定的量，就必需要增加灯管内壁的表面积．

解答： 解：（1）一个没有封闭的圆的中心类似一个节约的节字，外面的是e，能源的英语是energy，这里用e表示能源，所以指节能标志，是一种符号．

（2）①∵60W=0.06kW，

∴时间t内，使用白炽灯的成本是：0.06kW×t×0.5元/kw•h+2元；

②∵12W=0.012kW，

∴时间t内，使用节能灯的成本是：0.012kW×t×0.5元/kw•h+11元；

③求使用两种灯的成本相等的时间t，

0.06kW×t×0.5元/kw•h+2元=0.012kW×t×0.5元/kw•h+11元，

解得：t=375h．

（3）为了使灯管中荧光粉达到一定的量，就必需要增加灯管内壁的表面积，

而在灯管管径不变的条件下，

∴通常把节能灯做成U形或螺旋形，来增大灯管的长度来增大亮度．

故答案为：（1）符号．

（2）375．

（3）长度．

点评： 本题主要考查了电功的计算和灯的使用成本的计算，解决本题的关键是：利用两种灯泡成本相等找出使用时间．