一、选择题：（每小题2分，共24分，每小题只有一个正确答案）

1．如图，小演员正在进行击鼓表演，以下说法正确的是（　　）

A． 观众听到的鼓声是鼓面振动发出的

B． 演员击鼓时，鼓面振动幅度越大，音调越高

C． 观众离鼓越远，感觉声音越大

D． 观众听到的鼓声主要是靠大地传人耳朵的

考点： 声音的产生；声音的传播条件；频率及音调的关系；响度。

专题： 应用题。

分析： 根据声音的产生原因、传播介质判断、音调和响度的影响因素来判断．

解答： 解：A、声音是由物体的振动产生的，鼓声是由鼓面振动产生，故A正确；

B、响度与振幅有关，振幅越大则响度越大，故B错误；

C、距离越远，人感知的声音就越小，故C错误；

D、通常人们听到的声音是靠空气传来的，故D错误．

故选A．

点评： 联系生活实际掌握声现象的基础知识，是回答正确的关键．

2．如图为运动员百米赛跑的情景，下列说法正确的是（　　）

A． 以地面为参照物，运动员是静止的

B． 运动员的鞋底花纹很深，可以减小摩擦

C． 运动员冲到终点，不能立即停下，是由于人具有惯性

D． 运动员跑得越快，到达终点所用时间越长

考点： 惯性；运动和静止的相对性；增大或减小摩擦的方法。

专题： 应用题。

分析： （1）要判断某个物体的运动情况，首先选好参照物，如果这个物体相对于参照物有了位置的变化就说明它是运动的，反之静止．

（2）摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可以增大摩擦．

（3）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性．

（4）在通过的距离一定时，速度越大，所用时间越少．

解答： 解：A、运动员进行百米赛跑，因此以地面为参照物，运动员是运动的，故该选项说法错误；

B、运动员的鞋底花纹很深，是采用了增大接触面粗糙程度的方式，从而增大了摩擦，故该选项说法错误；

C、运动员冲到终点，由于惯性会继续保持向前运动的状态，不能立即停下，故该选项说法正确；

D、运动员通过的距离是一定的，根据t=可知，跑的越快，速度越大，到达终点所用的时间越少，故该选项说法错误．

故选C．

点评： 本题结合学生喜闻乐见的生活情境考查了运动和静止的判断、增大摩擦的方法、惯性、运动快慢的比较等知识，体现了物理和生活的联系，平时要多观察、多思考．

3．下列现象发生过程中，需要吸热的是（　　）

A． 初春，雪水在屋檐下形成冰锥 B． 盛夏，湿地中水的蒸发

C． 金秋，夜晚草叶上形成露珠 D． 寒冬，树枝上形成雾凇

考点： 汽化及汽化吸热的特点。

专题： 应用题。

分析： 物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行；其中熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热．

解答： 解：A、雪水在屋檐下形成冰锥，是液态的水变成固态的冰，是凝固放热．不合题意．

B、水的蒸发要带走热量，是汽化吸热；符合题意．

C、草地上的露，是空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴所致，是液化放热，不合题意；

D、雾凇是空气中的水蒸气直接凝华成小冰晶所致，是凝华放热，不合题意；

故选B．

点评： 此题实际考查的是学生对日常生活有关水的三态变化现象的认识，因此在平时的学习中，要注意活学活用．

4．在家庭用电中，下列做法符合安全用电原则的是（　　）

A． 电水壶在工作时，金属外壳接地 B． 人站地上用手触摸裸露的火线

C． 控制电灯的开关接在零线上 D． 用湿布擦正在工作的灯具

考点： 安全用电原则。

专题： 应用题。

分析： （1）用电器的金属外壳必须接地；

（2）人不能站在地上直接用手接触裸露的火线．

（3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；

（4）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；

解答： 解：A、电水壶在工作时让金属外壳接地可以防止因水壶漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，此做法符合安全用电原则；

B、人站地上用手触摸裸露的火线，会造成触电事故，此做法不符合安全用电原则；

C、电灯的开关接在了零线上时，更换灯泡时易发生触电事故，此做法不符合安全用电原则；

D、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，此做法不符合安全用电原则；

故选A．

点评： 本题考查了安全用电的常识，相对比较简单，属于基础知识．

5．如图，小球上下运动的过程中，下列分析不正确的是（　　）

A． 小球上下运动过程中，运动状态保持不变

B． 小球向下运动过程中，小球所受的重力对小球做功

C． 小球对弹簧施加拉力，弹簧对小球也施加拉力

D． 小球上下运动过程中，动能与势能不断相互转化

考点： 力的作用效果；能量转化的现象。

专题： 应用题。

分析： （1）力的作用效果：一改变物体形状，二改变物体运动状态．

（2）做功的两个必要条件，即：一作用在物体上的力，二物体在这个力的方向上通过的距离．

（3）物体间力的作用是相互的．

（4）对于判断能量转化的题目，我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向．

解答： 解：A、小球上下运动，运动方向发生改变，运动状态发生改变．错误，符合题意．

B、小球受重力作用，向下运动，受到重力所做的功．正确，不合题意．

C、物体间力的作用是相互的，小球受到弹簧的拉力，弹簧也受到小球的拉力．正确，不合题意．

D、小球向上运动，高度变高，速度变慢，动能减小，转化为重力势能．小球向下运动，高度变低，速度变快，重力势能减小，转化为动能，动能与势能不断相互转化．正确，不合题意．

故选A．

点评： 此题考查了力的作用效果、做功的条件、力的作用相互性、动能和势能的转化，是一道力学基础题．

6．下列设备中利用电磁感应原理工作的是（　　）

A．

电磁铁 B．

电动机 C．

扬声器 D．

麦克风

考点： 电磁感应。

专题： 应用题。

分析： 电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流．

解答： 解：A、电磁铁是利用电流的磁效应的原理来工作的，故不符合题意；

B、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，故不符合题意；

C、扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受力原理，故不符合题意．

D、动圈式话筒是把声信号转变成电信号的，声信号的振动带动线圈在磁场中振动，产生电流，是电磁感应现象原理，故该选项正确；

故选D．

点评： 这些常见器材的原理归类对比记忆：

电热器利用电流的热效应原理，如电饭锅、电炒锅、电烙铁、电水壶、电暖气、电熨斗；

电动机利用通电导体在磁场中受力原理，如电风扇、排烟罩、洗衣机、剃须刀；

发电机利用电磁感应现象原理；

电磁铁利用电流的磁效应原理，如电铃、电磁起重机、电磁继电器、空气开关．

7．同学们梳理了教材中与压强知识相关的实验，如图所示，其中分析正确的是（　　）

A． 甲图实验，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越少，海绵凹陷越明显

B． 乙图实验，当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时．U形管两边液面高度差不变

C． 丙图实验，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力和吸盘的面积，可估测大气压强的值

D． 丁图实验，向外拉活塞，试管内停止沸腾的水再次沸腾，可知气压减小，水的沸点升高

考点： 探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；沸点及沸点与气压的关系；探究液体压强的特点实验；大气压强的存在。

专题： 应用题。

分析： 利用下列知识分析判断：

A、压力的作用效果与压力和受力面积的大小有关，压力越大、受力面积越小，压力的作用效果越明显；

B、液体内部的压强随深度的增加而增大；

C、知道压力和受力面积，利用p=求压强；

D、液体的沸点与液体表面的气压有关，气压越大、沸点越高．

解答： 解：

A、甲图实验，装有水的瓶子竖放在海绵上，瓶中水越少，对海绵的压力越小，受力面积不变，对海绵的作用效果越不明显，故A错；

B、乙图实验，当微小压强计的探头在水中深度逐渐增大时，受到的压强变大，U形管两边液面高度差越大，故B错；

C、丙图实验，测出拉开吸盘时大气对吸盘的压力F和吸盘的面积S，大气压强p=，故C正确；

D、丁图实验，向外拉活塞，试管内气压减小、沸点降低，水再一次沸腾，可知气压减小，水的沸点降低．

故选C．

点评： 本题为力学综合题，考查了学生对压力作用效果的影响因素、液体内部压强的特点、压强计算、液体沸点与气压的关系，虽知识点多、但都属于基础，难度不大．

8．如图是同学们在家庭实验室中的一些小制作，它们成的像是由于光的直线传播形成的是（　　）

A． 针孔照相机﹣﹣在半透明纸上承接到景物的像

B． 潜望镜﹣﹣在水面下观察到水面上物体的像

C． 昆虫观察箱﹣﹣可同时观察到昆虫的背面和下面的像

D． 自制照相机﹣﹣在半透明纸上承接到远处树木的像

考点： 光直线传播的应用。

专题： 应用题。

分析： 根据光的直线传播和光的折射、反射来解答；光在同种均匀介质中沿直线传播，利用这一特点，人们可以看到许多自然现象，例如日食、月食、影子等等．

解答： 解：A、针孔照相机﹣﹣在半透明纸上承接到景物的像，是小孔成像，是光的直线传播形成的，故A正确；

B、潜望镜﹣﹣在水面下观察到水面上物体的像，是由于光的反射形成的，故B错误；

C、昆虫观察箱﹣﹣可同时观察到昆虫的背面和下面的像，是由于光的反射而成的像，故C错误；

D、自制照相机﹣﹣在半透明纸上承接到远处树木的像，是由于光的折射形成的，故D错误；

故选A．

点评： 题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断，体现了物理与生活的联系．

9．某同学利用如图所示电路，测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，下列说法错误的是（　　）

A． 闭合开关前，滑片P应滑到B端

B． 闭合开关后，小灯泡不发光，一定是小灯泡灯丝断了

C． 当电压表示数为2.5V时，测出通过小灯泡的电流，可算出小灯泡的额定功率

D． 实验还可得知，小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮

考点： 探究用电器的电功率实验。

专题： 应用题。

分析： （1）闭合开关前，滑动变阻器应滑到电阻最大位置；

（2）闭合开关后，小灯泡不发光的原因有：小灯泡灯丝断路、小灯泡被短路、小灯泡接触不良、电源电压太小、滑动变阻器连入电路的电阻太大等原因；

（3）当电压表的示数为额定电压时，根据电流表的示数和公式P=UI即可求出小灯泡的额定功率；

（4）小灯泡的亮度就是看小灯泡的实际功率，实际功率越大，小灯泡越亮．

解答： 解：A、闭合开关前，滑动变阻器应滑到B端，即其电阻最大位置．故A正确；

B、闭合开关后，小灯泡不发光的原因有很多，并不一定是小灯泡灯丝断了，故B错误；

C、当电压表示数为2.5V时，测出通过小灯泡的电流，可算出小灯泡的额定功率，正确；

D、小灯泡的亮度就是看小灯泡的实际功率，实际功率越大，小灯泡越亮，故D正确．

故选B

点评： 此题考查的知识点比较多，有电路连接时的注意事项、电路故障的分析、额定功率的计算和小灯泡亮度的比较等问题，学生在做此题时，要对每一个选项进行认真仔细的分析后，才能得出正确的答案．

10．某同学制作了如图所示的潜水艇模型，下列说法错误的是（　　）

A． 潜艇模型是通过改变潜艇的重力实现沉浮的

B． 向内推注射器活塞，水会被压入试管中，可实现潜艇下沉

C． 向外拉注射器活塞，试管内水量适当时，可实现潜艇悬浮

D． 潜艇模型的试管上绕些铁丝，可保持试管稳定

考点： 物体的浮沉条件及其应用。

专题： 实验题。

分析： 潜水艇是通过改变自身的重力来实现下潜、悬浮和上浮的，结合这个特点来对此题的模型进行分析．

解答： 解：

A、当潜艇模型浸没在水中时，排开水的体积不变，所受浮力不变，因此模型的上浮和下沉是通过改变潜艇的重力来实现的，故A正确，但不符合题意；

B、现在潜艇模型处于悬浮，向内推注射器活塞，水会被压出试管，此时模型的自重减小，模型上浮，故B错，符合题意；

C、向外拉注射器活塞，试管内水增加，试管内水量适当时，潜艇可能悬浮，故C正确，但不符合题意；

D、为了保持试管稳定，潜艇模型的试管上绕些铁丝，故D正确，但不符合题意；

故选B．

点评： 潜水艇就是利用排水和蓄水改变自重，从而实现上浮或下潜的，通过本题要认真体会．

11．探究“比较不同物质的吸热能力”时，同学们用酒精灯同时开始均匀加热质量和初温都相等的沙子和水，装置如图．下列说法正确的是（　　）

A． 实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子吸热能力较强

B． 在本实验中，物体吸热多少是由物质的种类决定的

C． 实验中，将沙子和水加热到相同温度时，它们吸收的热量相同

D． 实验中，加热相同的时间，末温低的物质吸热能力强

考点： 比热容的概念。

专题： 实验题。

分析： （1）比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量．

（2）水和干沙子，谁温度升高的快，需要利用Q=Cm△t来判断．

解答： 解：A、实验中，沙子吸热升温较快，说明沙子的比热容小，吸热能力弱，故A错误．

B、在本实验中，物体吸热多少是由加热时间决定的．故B错误．

C、将沙子和水加热到相同温度时，据Q=Cm△t，水吸收的热量多．故C错误．

D、加热相同的时间，吸收的热量相等，据Q=Cm△t，末温低的物质比热容大，吸热能力强．故D错误．

故选D．

点评： 考查了比热容的概念，学生要学会总结实验得到的结论．考查了利用吸收热量公式Q=Cm△t的熟练应用，对实验说明的问题，学生要记住这个结论．

12．某同学设计了如图所示的双向开关电路，电源电压保持不变，灯Ll标有“3V 3W”字样，灯L2标有“9V 4.5W”字样．当开关拨至2位置且滑片滑到A端时，灯L2恰好正常发光．下列说法正确的是（不计灯丝电阻随温度的变化）（　　）

A． 电源电压为12V

B． L2正常发光时，电路中的电流为2A

C． 要使L1正常发光，滑动变阻器接入电路的阻值应为6Ω

D． 当灯L1、L2分别正常发光时，两次电路的总功率之比为2：3

考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算。

专题： 计算题；应用题；动态预测题。

分析： （1）当开关拨至2位置且滑片滑到A端时，电路为L2的简单电路；根据灯泡在额定电压下正常工作结合L2的铭牌得出电源的电压，根据I=得出此时电路中的电流，根据P=UI求出此时电路中的总功率．

（2）当开关拨至1位置时，灯泡L1与滑动变阻器串联；灯泡L1正常工作时其两端的电压和额定电压相等，根据I=求出此时电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的电阻值，根据P=UI求出此时电路中的总功率，进一步求出当灯L1、L2分别正常发光时，两次电路的总功率之比．

解答： 解：（1）当开关拨至2位置且滑片滑到A端时，等效电路图如下图所示：

∵灯L2恰好正常发光，

∴电源的电压U=U2=9V，故A不正确；

此时电路中的电流I===0.5A，故B不正确；

此时电路的总功率P=UI=9V×0.5A=4.5W．

（2）当开关拨至1位置时，等效电路图如下图所示：

∵L1正常发光时，U1=3V，P1=3W，

∴电路中的电流I′===1A，

滑动变阻器两端的电压U滑=U﹣U1=9V﹣3V=6V，

滑动变阻器接入电路的阻值R滑===6Ω，故C正确；

电路的总功率P′=UI′=9V×1A=9W，

所以当灯L1、L2分别正常发光时，两次电路的总功率之比为：

P′：P=9W：4.5W=2：1，故D不正确．

故选C．

点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡正常工作时的电压和额定电压相等．

二、非选择题（共46分）

13. “珍爱生命，远离危害”．一人吸烟，满屋烟味，这是　扩散　现象；“红灯停，绿灯行”主要是利用光传播　信息　（填“信息”或“能量”）．

考点： 扩散现象。

专题： 应用题。

分析： （1）不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散．扩散现象说明了：①一切物质的分子都在不停地做无规则运动；②分子之间有间隙．

（2）光在传播过程中能够传递信息和能量．

解答： 解：（1）房间内有人吸烟时．烟气分子会在空气中发生扩散现象，使得屋子中到处充满了烟味，扩散现象说明了：一切物质的分子都在不停地做无规则运动．

（2）“红灯停，绿灯行”主要是利用光传播来传播信息．

故答案为：扩散；信息．

点评： 此题考查的知识点有两个：一是扩散现象的定义；二是光传递信息．充分体现了物理来源于生活，又服务于社会的新课程理念．

14．如图所示是温度自动报警器，当温度达到　98　℃时，电铃发声报警，此时电磁铁的左端是　S　极．

考点： 电磁继电器的组成、原理和特点。

专题： 应用题。

分析： （1）该温度计的分度值为1℃，金属丝下端指在96℃上面第2个小格上，因此金属丝下端所指的温度是96℃+2℃=98℃；

（2）电磁铁中有电流通过时，产生磁性会把衔铁吸来过，电铃电路接通；电磁铁中无电流时，无磁性，弹簧片把衔铁拉起来，电铃电路断开；

（3）用安培定则判断通电螺线管的极性，右手握住螺线管，四指弯向线圈中电流的方向，大拇指所指的就是通电螺线管的N极．

解答： 解：（1）由题干中图可知：当温度没有升高到98℃时，电磁铁无磁性，弹簧片把衔铁拉起来，电铃电路断开；

（2）当温度升高到98℃时，由于水银是导体，电磁铁电路就会接通，电磁铁有了磁性，且根据安培定则知左端为S极，衔铁就会在电磁力吸引的作用下接通电铃电路，电铃响，报警．

故答案为：98； S（或“南”）．

点评： 本题主要考查学生温度计的读数方法，以及对电磁继电器的工作原理的了解和掌握，是一道中档题．

15．某同学分别测量了三块橡皮泥的质量和体积，并根据测量数据画出如图所示的图象，橡皮泥的密度是　2　g/cm3．若另一块同种橡皮泥的体积为20cm3，其质量是　40　g．

考点： 密度的计算。

专题： 计算题；图析法。

分析： （1）从图象任选一组数据，根据公式ρ=可求密度的大小；

（2）橡皮泥的体积为20cm3，从图象上可以看出其质量的大小．

解答： 解：（1）从图象可以看出，当质量为60g时，体积为30cm3；

橡皮泥的密度ρ===2g/cm3．

（2）从图象上可以看出，当同种橡皮泥的体积为20cm3，其质量是40g．

故答案为：2；40．

点评： 本题考查密度公式的应用，关键是能从图象中找到有用的数据，本题属于中档题．

16．某同学利用如图电路，探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，图中甲、乙、丙是镍铬合金丝，甲、乙长度相同，乙、丙粗细相同．实验中，根据　电流表的示数　判断接入M、N两点间电阻的大小，选用的电阻丝是　甲和乙　．

考点： 影响电阻大小的因素；电阻。

专题： 实验题；控制变量法。

分析： （1）电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流的阻碍作用大小；在电压相同的条件下，电阻越大则电流就越小；可见电流的大小间接反映了电阻的大小；

（2）根据控制变量的思想，要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，就应让材料相同、长度相同，让横截面积不同．

解答： 解：（1）将电阻的大小转换成电流表的示数，电流表示数越大则电阻就越小；

（2）要探究“导体电阻的大小与其横截面积的关系”，就应选材料相同、长度相同，横截面积不同的导体甲和乙；

故答案为：（1）电流表示数；（2）甲和乙．

点评： 此题渗透了物理上常用的两种探究问题的方法：即转换法和控制变量法；还要深刻理解电阻的含义、影响电阻大小的因素．

17．小丽同学正在对着镜子整理自己的着装，如图所示．她身高为1.6m．她在镜中像的高度是　1.6　m；她到镜面的距离是0.4m，像到她的距离是　0.8　m．

考点： 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。

专题： 应用题。

分析： 根据平面镜成像特点，平面镜所成的像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，像和物体大小相同来解答此题．

解答： 解：因为平面镜成等大的虚像，所以小丽身高为1.6m．则她在镜中像的高度也是1.6m；

像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离．所以当她到镜面的距离是0.4m时，像到她的距离也是0.4m，则像到她的距离为0.4m+0.4m=0.8m．

故答案为：1.6；0.8．

点评： 牢记平面镜成像特点，根据像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，像和物体大小相同来分析实际问题．

18．用凉水冷却滚烫的鸡蛋，鸡蛋内能是通过　热传递　的方式改变的．如果水的质量是lkg，初温为20℃，鸡蛋取出时水温为30℃，水吸收的热量为　4.2×104　J．[c水=4.2×l03J/（kg•℃）]．

考点： 热传递改变物体内能；热量的计算。

专题： 计算题；应用题。

分析： （1）改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；

（2）已知水的比热容、质量和升高的温度，可利用公式Q=cm△t计算水吸收的热量；

解答： 解：

（1）鸡蛋从水中吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式改变内能的；

（2）水吸收的热量：

Q=cm△t=4.2×l03J/（kg•℃）×1kg×10℃=4.2×104J；

故答案为：热传递；4.2×104；

点评： 本题考查了学生对改变内能的方式、吸热公式Q=cm△t的掌握和运用，难度不是很大．

19．如图所示，小车同时受到甲水平推力100N和乙水平拉力80N的作用，在50s内向前运动了70m．小车受到这两个力的合力是　180　N，甲对车做功的功率是　140　W．

考点： 力的合成与应用；功率的计算。

专题： 应用题。

分析： （1）根据同一直线上力的合成方法答题：同一直线上的两个力方向相同时，合力的大小等于两分力的大小之和，方向与分力的方向相同；当两个力在同一直线上，方向相反时，合力的大小等于两分力大小之差，合力的方向与较大的分力方向相同；

（2）已知力的大小、物体路程的大小与拉力的作用时间，由公式W=Fs可以求出拉力做的功，然后由功率公式求出拉力的功率．

解答： 解：（1）两个力在同一直线上，方向相同，则它们的合力F合=F甲+F乙=100N+80N=180N；

（2）甲对车做的功W=F甲s=100N×70m=7000J，

甲对小车做功的功率P===140W；

故答案为：180；140．

点评： 本题考查了①求合力，②求拉力的功率，熟练掌握力的合成方法、功的公式、功率公式是正确解题的前提与关键．

20．小明同学月初观察到家中电能表示数为，月末观察到电能表示数变为，则他家这段时间内消耗的电能为　96.3　kW•h．他要借助电能表测量家中电水壶的实际电功率，还需要用到的一种测量仪器是　秒表　．

考点： 电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算。

专题： 计算题；应用题。

分析： （1）电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数．②最后一位是小数．③单位kW•h．

（2）知道电能表是测量消耗电能的仪器，可利用公式P=判断出还需要用到的一种测量仪器．

解答： 解：

（1）消耗的电能为：W=627.8kW•h﹣531.5kW•h=96.3kW•h．

（2）利用电能表可以测量出用电器消耗的电能，由公式P=可知，要想测出电水壶的实际电功率，还需要用到一个测量时间的秒表．

故答案为：96.3；秒表．

点评： 本题考查了电能表的用途和电能表的读数方法，以及利用电能表测量电功率的方法．用一个用电器单独工作，铝盘转动的圈数和转动的时间可以求出用电器的功率，这是测量电功率的一种方法，一定要掌握．

21．鱼缸中装满水，在水中轻轻放入一只小船，小船漂浮在水面上，从鱼缸中溢出5×10﹣4m3的水，则小船受到的浮力是　5　N，小船所受的重力与浮力的关系是　一对平衡力　（g=1O N/kg）．

考点： 物体的浮沉条件及其应用；二力平衡条件的应用。

专题： 计算题。

分析： （1）鱼缸原来装满水，知道从鱼缸中溢出的水体积（排开水的体积），利用阿基米德原理求小船受到的浮力；

（2）小船漂浮在水面上，处于静止状态，据此确定受到的浮力和重力的关系．

解答： 解：

（1）F浮=ρ水V排g=ρ水V溢g=1×103kg/m3×5×10﹣4m3×10N/kg=5N；

（2）∵小船漂浮在水面上，处于静止状态，

∴小船受到的浮力和重力是一对平衡力．

故答案为：5；平衡力．

点评： 本题考查了学生对阿基米德原理推导公式F浮=ρ水V排g、二力平衡条件的了解与掌握，属于基础题目．

22．如图，电源电压为6V，电阻R1的阻值为10Ω．闭合开关后，电流表的示数为0.9A，则通过电阻R1的电流为　0.6　A，R2的电功率为　1.8　W．

考点： 欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算。

专题： 计算题；应用题。

分析： 由电路图可知，闭合开关后两电阻并联，电流表测干路电流；根据欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，然后根据P=UI求出R2的电功率．

解答： 解：由电路图可知，闭合开关后两电阻并联，电流表测干路电流；

∵两电阻两端的电压相等、都为6V，

∴通过R1的电流I1===0.6A；

通过R2的电流I2=I﹣I1=0.9A﹣0.6A=0.3A，

R2的电功率P2=UI2=6V×0.3A=1.8W．

故答案为：0.6；1.8．

点评： 本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，是一道较为简单的计算题．

23．如图，工人用撬棍撬起石块，O为支点．

（1）画出阻力F2的力臂L2．

（2）画出工人在A点施加的最小动力F1的示意图．

考点： 力臂的画法；力的示意图。

专题： 作图题。

分析： （1）图中石头的重力为阻力，O点为支点，从支点到阻力F2的作用线的距离叫做力臂．

（2）根据杠杆平衡条件“动力×动力臂=阻力×阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，先确定最长的力臂﹣﹣即离支点最远的点，然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可．

解答： 解：（1）过支点O向阻力F2的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是阻力臂；如下图所示；

（2）动力最小，即动力臂最长，由图知OA最长，所以OA作动力臂最长，过A点与OA垂直向下作垂线就得到动力F1的方向，如下图所示．

点评： 根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力．

24．用笔画线代替导线，将图中元件连接成电路，要求：向右移动滑片，灯泡变亮．

考点： 欧姆定律的应用；实物的电路连接；滑动变阻器的使用；电功率的计算。

专题： 作图题。

分析： 向右移动滑片，灯泡变亮说明滑动变阻器与灯泡串联，且电路中的电流变大，根据欧姆定律可知电路中的电阻变小，即滑动变阻器接入电路的电阻变小，即必须把右下方接线柱接入电路．

解答： 解：灯泡与滑动变阻器串联，开关与B接线柱相连，灯泡与C接线柱相连，然后与电源、开关组成电路．

如下图所示：

点评： 本题考查了实物图的连接，关键是根据题意判断灯泡与滑动变阻器的连接方式以及正确的连接．

25．某物理学习小组在研究“凸透镜成像规律”时，使用的器材如图．（凸透镜的焦距是lOcm，刻度尺上标记着点，相邻两点间距为10cm）

（l）实验前，蜡烛、凸透镜、光屏摆放和调整好的要求是　将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在同一直线上，烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度　；

（2）凸透镜放在D点，当图中光屏上承接到烛焰的倒立、放大、清晰的像时，蜡烛应放在图中的　B、C两点之间　；

（3）保持凸透镜位置不动，在（2）实验基础上，想要在光屏上得到烛焰缩小、清晰的像，接下来的操作是　将蜡烛移到B点左侧，将光屏移到E、F两点之间　．

考点： 凸透镜成像规律及其探究实验。

专题： 实验题。

分析： （1）在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度、同一直线上；

（2）根据物体位于凸透镜1倍焦距和2倍焦距之间时，成倒立、放大的实像来解答此题．

（3）在凸透镜成实像的规律中，物体距离凸透镜越近，所成的实像越大，物体距离凸透镜越远，所称的实像越小．

解答： 解：（1）实验前，蜡烛、凸透镜、光屏摆放和调整好的要求是将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在同一直线上，烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度．

故答案为：将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在同一直线上，烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度．

（2）根据凸透镜成像规律可知，物体位于凸透镜1倍焦距和2倍焦距之间时，成倒立、放大的实像，所以蜡烛应放在图中的B和C两点之间（或“在透镜左侧，距凸透镜lOcm至20cm之间”；“在透镜左侧，到凸透镜的距离大于l倍焦距，小于2倍焦距”）．

故答案为：B、C两点之间．

（3）蜡烛向左移动一定距离，物距变大，像距变小，成的像也变小，因此想要在光屏上得到烛焰缩小、清晰的像，接下来的操作是将蜡烛移到B点左侧（只要体现出B点左侧的某一区域或某一点即可），并调整光屏位置于1倍焦距和2倍焦距之间．

故答案为：将蜡烛移到B点左侧，将光屏移到E、F两点之间．

点评： 此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，一定要注意实验前的调整工作，为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，要注意理解应用．

26．同学们共同研究滑轮的特点：

（1）他们研究定滑轮特点时，做的实验如甲图所示，据此可证明：使用定滑轮　能改变动力方向，但不能省力　．

（2）他们研究动滑轮特点时，用动滑轮匀速竖直提升重物，如乙图所示．据此可知，使用动滑轮　能省力，但不能改变力的方向　．

（3）他们组装了滑轮组，发现使用滑轮组提升重物时能省力，于是他们想：利用滑轮组提升重物能否省功呢？为此，他们进行的实验如丙图所示．请根据丙图信息．写出分析数据的具体过程，并回答他们的问题．

考点： 定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点。

专题： 实验题；实验分析法。

分析： （1）观察甲图三次弹簧测力计示数与物重，可得出拉力与物重相等，但改变了用力的方向，给做功带来了方便；

（2）观察乙图弹簧测力计示数与物重，可得出拉力小于物重，即使用动滑轮时省力；

（3）已知物重G、拉力F、物体升高的距离h，绳子移动的距离S，绳子段数n，根据有用功公式和总功公式可求出所做的功进行比较．

解答： 解：（1）从甲图中可看出，三种拉力情况，每次拉力的方向都不相同．在实验过程中不断改变拉力的方向，

观察测力计的示数都为1N，等于物重，可得出结论：定滑轮可以改变力的方向，但不省力．

（2）在图乙中，拉力F=0.6N＜G=1N，故使用动滑轮时省力．

（3）提升物体所做的有用功W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J，使用滑轮组时所用拉力F=0.8N，

弹簧测力计移动距离S=30cm=0.3m，所做的总功W总=FS=0.8N×0.3m=0.24J．

经比较W有用＜W总，所以使用轮组不能省功．

故答案为：（1）能改变动力方向，但不能省力；（2）能省力，但不能改变力的方向；

（3）提升物体所做的有用功W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J，使用滑轮组时所用拉力F=0.8N，

弹簧测力计移动距离S=30cm=0.3m，所做的总功W总=FS=0.8N×0.3m=0.24J．

经比较W有用＜W总，所以使用轮组不能省功．

点评： 此题考查了定滑轮和动滑轮的特点、以及使用滑轮组不省功的原理，是一道较简单的实验题．

27．欧姆坚持不懈的探索精神，激发了同学们的学习热情，忠民和勇胜为探究小明提出的问题，设计如图所示电路，并准备了充足的实验器材．

（1）为完成探究，应该改变电压，观察电流的变化．请写出两种（不同角度）改变定值电阻两端电压的方法．

（2）忠民按设计好的电路进行实验，收集数据如下表（R为定值电阻）：

（3）勇胜在连接电路时，误将电压表与滑动变阻器并联，在实验中收集数据如下表（电源电压已知且不变）：

②实验中操作失误，往往是新收获的契机．请写出本实验操作过程中，滑动变阻器的电功率，随着它连入电路中电阻值的变化是如何变化的？

考点： 探究电流与电压、电阻的关系实验。

专题： 实验题；简答题；控制变量法。

分析： （1）在探究电流与电压的关系实验中，要保持电阻不变，改变电阻两端电压，研究电流与电压的对应规律．其中改变电压有两种方法：一是改变电源电压，如改变串联的干电池的节数或调节学生电源的档位；二是调节滑动变阻器滑片，改变滑动变阻器接入电路的电阻大小，从而使电阻两端电压发生变化．

（2）根据实验数据总结结论，要明确实验目的，控制的物理量，变化的物理量的变化规律研究探究对象的变化规律，由此得到实验结论．

（3）①电压表与滑动变阻器并联，测量的是滑动变阻器两端电压，已知电源电压且不变，用电源电压减去电压表示数，就是电阻两端电压；串联电路电流处处相等，研究电源电压与滑动变阻器两端电压之差的变化规律和相应的电流的变化规律，就能得出正确结论．

②滑动变阻器两端电压随接入电路的电阻的减小而减小．分别计算第1、3、5次的电功率就能得出变化的规律．

解答： 解：

（1）方法1：改变串联电池组的节数；

方法2：改变滑动变阻器接入电路的电阻的阻值大小．

（2）已知电阻阻值一定，从左到右，电压成倍增大，电流也成倍增大，并且电流增大的倍数与电压增大的倍数相同．

所以实验结论为：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比．

（3）①：用电源电压减去滑动变阻器两端电压，得出定值电阻两端电压．记录每次的电流与定值电阻两端的电压，比较两者的变化规律，得出结论．

②在第一组滑动变阻器的功率为P1=U1I1=2.2V×0.16A=0.352W；

在第三组滑动变阻器的功率为P3=U3I3=1.4V×0.32A=0.448W；

在第五组滑动变阻器的功率为P5=U5I5=0.6V×0.48A=0.288W．

所以实验结论是：滑动变阻器连入电路中的电阻值减小时，其电功率先增大后减小．

故答案为：

（1）方法1：改变串联电池组的节数；

方法2：改变滑动变阻器接入电路的电阻的阻值大小；

（2）在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；

（3）滑动变阻器连入电路中的电阻值减小时，其电功率先增大后减小．

点评： 最后一问之所以电功率先增大后减小，是因为滑动变阻器两端电压减小时，通过的电流是增大的，所以不能简单地从电压或电流一方面判断功率变化．

28．同学们学习了“能源与可持续发展”的内容后，知道热电站既能发电，又能供热，随着热电站技术不断更新，煤的燃烧程度比传统火电站更充分．为深入了解，他们对某热电站进行调查，获取信息如下：

（2）该热电站的能量利用率是多少？

（3）请你结合以上信息，写出提高热电站能量利用率的方法．

考点： 热量的计算；能量利用效率；燃料的热值；电功的计算。

专题： 计算题。

分析： （1）①知道煤的质量和热值，可利用公式Q放=mq计算出煤完全燃烧放出的热量．

②知道热电站的发电总功率，又知道发电时间，可利用公式W电=Pt计算20h所发的电．

（2）20h所发的电能和向周边居民所提供的热能，对我们来说是有用的，可利用公式Q有用=W电+Q供热来计算；已经计算出20h内煤完全燃烧放出的热量，可利用公式η=计算出热电站的能量利用率．

（3）在当今资源较为紧缺的社会，能源的再利用，进而提高能源的利用率是节能的重点．

解答： 解：

（1）①∵m=4000t=4×106kg，q煤=3×107J/kg，

∴煤完全燃烧放出的热量为：Q放=mq煤=4×106kg×3×107J/kg=1.2×1014J．

②∵P=5×105kW，

∴20h所发的电为：W电=Pt=5×105kW×20h=1×107kW•h=3.6×1013J．

（2）∵Q供热=3.4×1013J，

∴有用的能量为：Q有用=W电+Q供热=3.6×1013J+3.4×1013J=7×1013J；

则热电站的能量利用率为：η==≈58.3%．

（3）①使燃料燃烧更充分．②提高发电效率．③提高“废气”的能量利用率．

答：（1）①4000t煤完全燃烧放出的热量为1.2×1014J．

②20h发电1×107kW•h．

（2）该热电站的能量利用率是58.3%．

（3）①使燃料燃烧更充分．②提高发电效率．③提高“废气”的能量利用率等．

点评： 本题考查了燃料燃烧放出热量的计算、电能的计算和能量利用率的计算，了解现实生活中节能的方式，多联系实际生活，体验物理学的价值所在．